Description
Farmer John打算将电话线引到自己的农场,但电信公司并不打算为他提供免费服务。于是,FJ必须为此向电信公司支付一定的费用。 FJ的农场周围分布着N(1 <= N <= 1,000)根按1..N顺次编号的废弃的电话线杆,任意两根电话线杆间都没有电话线相连。一共P(1 <= P <= 10,000)对电话线杆间可以拉电话线,其余的那些由于隔得太远而无法被连接。 第i对电话线杆的两个端点分别为A_i、B_i,它们间的距离为 L_i (1 <= L_i <= 1,000,000)。数据中保证每对{A_i,B_i}最多只出现1次。编号为1的电话线杆已经接入了全国的电话网络,整个农场的电话线全都连到了编号为N的电话线杆上。也就是说,FJ的任务仅仅是找一条将1号和N号电话线杆连起来的路径,其余的电话线杆并不一定要连入电话网络。 经过谈判,电信公司最终同意免费为FJ连结K(0 <= K < N)对由FJ指定的电话线杆。对于此外的那些电话线,FJ需要为它们付的费用,等于其中最长的电话线的长度(每根电话线仅连结一对电话线杆)。如果需要连结的电话线杆不超过 K对,那么FJ的总支出为0。 请你计算一下,FJ最少需要在电话线上花多少钱。
Input
* 第1行: 3个用空格隔开的整数:N,P,以及K
* 第2..P+1行: 第i+1行为3个用空格隔开的整数:A_i,B_i,L_i
Output
* 第1行: 输出1个整数,为FJ在这项工程上的最小支出。如果任务不可能完成, 输出-1
Sample Input
1 2 5
3 1 4
2 4 8
3 2 3
5 2 9
3 4 7
4 5 6
输入说明:
一共有5根废弃的电话线杆。电话线杆1不能直接与电话线杆4、5相连。电话
线杆5不能直接与电话线杆1、3相连。其余所有电话线杆间均可拉电话线。电信
公司可以免费为FJ连结一对电话线杆。
Sample Output
输出说明:
FJ选择如下的连结方案:1->3;3->2;2->5,这3对电话线杆间需要的
电话线的长度分别为4、3、9。FJ让电信公司提供那条长度为9的电话线,于是,
他所需要购买的电话线的最大长度为4。
HINT
Source
题目大意
要从电线杆1连电线一直到电线杆$n$,有$m$对电线杆之间可以连长度为$L_{i}$的电线。运行商可以免去$k$根电线的费用,所付的费用是剩下的电线长度的最大值。问最小的费用。
原题相当于求最大值的最小值。
因此二分答案是显然的。
至于check,用spfa跑出$1$到$n$最少要免的电线的根数,然后可k比大小,完事。
Code
1 /** 2 * bzoj 3 * Problem#1614 4 * Accepted 5 * Time: 48ms 6 * Memory: 1528k 7 */ 8 #include <bits/stdc++.h> 9 using namespace std; 10 typedef bool boolean; 11 12 typedef class Edge { 13 public: 14 int end; 15 int w; 16 int next; 17 18 Edge(int end = 0, int w = 0, int next = 0):end(end), w(w), next(next) { } 19 }Edge; 20 21 typedef class MapManager { 22 public: 23 int ce; 24 int *h; 25 Edge* es; 26 27 MapManager() { } 28 MapManager(int n, int m):ce(0) { 29 h = new int[(n + 1)]; 30 es = new Edge[(m + 5)]; 31 memset(h, 0, sizeof(int) * (n + 1)); 32 } 33 34 void addEdge(int u, int v, int w) { 35 es[++ce] = Edge(v, w, h[u]); 36 h[u] = ce; 37 } 38 39 void addDoubleEdge(int u, int v, int w) { 40 addEdge(u, v, w); 41 addEdge(v, u, w); 42 } 43 44 Edge& operator [] (int pos) { 45 return es[pos]; 46 } 47 }MapManager; 48 49 int n, m, k; 50 int *f; 51 boolean *vis; 52 MapManager g; 53 54 inline void init() { 55 scanf("%d%d%d", &n, &m, &k); 56 f = new int[(n + 1)]; 57 g = MapManager(n, m << 1); 58 vis = new boolean[(n + 1)]; 59 for (int i = 1, u, v, w; i <= m; i++) { 60 scanf("%d%d%d", &u, &v, &w); 61 g.addDoubleEdge(u, v, w); 62 } 63 } 64 65 queue<int> que; 66 int spfa(int s, int t, int mid) { 67 memset(vis, false, sizeof(boolean) * (n + 1)); 68 memset(f, 0x3f, sizeof(int) * (n + 1)); 69 que.push(s); 70 f[s] = 0; 71 while (!que.empty()) { 72 int e = que.front(); 73 que.pop(); 74 vis[e] = false; 75 for (int i = g.h[e]; i; i = g[i].next) { 76 int eu = g[i].end, c = (g[i].w > mid) ? (1) : (0); 77 if (f[e] + c < f[eu]) { 78 f[eu] = f[e] + c; 79 if (!vis[eu]) { 80 que.push(eu); 81 vis[eu] = true; 82 } 83 } 84 } 85 } 86 return f[t]; 87 } 88 89 inline void solve() { 90 int l = 0, r = 1e6 + 1; 91 while (l <= r) { 92 int mid = (l + r) >> 1; 93 if (spfa(1, n, mid) <= k) 94 r = mid - 1; 95 else 96 l = mid + 1; 97 } 98 printf("%d\n", (r > 1e6) ? (-1) : (r + 1)); 99 } 100 101 int main() { 102 init(); 103 solve(); 104 return 0; 105 }