第一次斜率优化。
大致有两种思路：
1.f[i]表示第i个不选的最优情况（最小损失和）f[i]=f[j]+e[i] 显然n^2会T,但是可以发现f的移动情况可以用之前单调队列优化，就优化成O（n）的了。
2.f[i]表示第i个选,第j+1不选的最优情况（最大效率和）f[i]=f[j]+sum[i]-sum[j+1] (i-k-1<=j<=i-1)，同样也能单调队列优化成O(n)。
PS：第一种做法的需要枚举不选最后k个数的情况，但是Min的初值0x7fffffff（max_longint）是会WA一个点的。。。。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <cmath>
#define inf 999999999999999999LL
#define N 100000+1000
#define ll long long
using namespace std;
struct data
{
int p;
ll v;
}q[N];
int a[N];
int n,k,l,r;
ll minn,ans,f[N];
inline int read()
{
int f=,ans=;
char c;
while (!isdigit(c=getchar())) if (c=='-') f=-;
ans=c-'';
while (isdigit(c=getchar())) ans=ans*+c-'';
return ans*f;
}
int main()
{
n=read(); k=read();
for (int i=;i<=n;i++)
{
a[i]=read();
ans+=a[i];
}
//l=; r=0;
for (int i=;i<=n;i++)
{
f[i]=q[l].v+a[i];
while (l<=r && q[r].v>f[i]) r--;
q[++r].v=f[i];
q[r].p=i;
while (q[l].p<i-k) l++;
}
minn=inf;
for (int i=n-k;i<=n;i++) minn=min(minn,f[i]);
printf("%lld\n",ans-minn);
return ;
}
第一种做法
Description
在一年前赢得了小镇的最佳草坪比赛后，FJ变得很懒，再也没有修剪过草坪。现在，
新一轮的最佳草坪比赛又开始了，FJ希望能够再次夺冠。
然而，FJ的草坪非常脏乱，因此，FJ只能够让他的奶牛来完成这项工作。FJ有N
(1 <= N <= 100,000)只排成一排的奶牛，编号为1...N。每只奶牛的效率是不同的，
奶牛i的效率为E_i(0 <= E_i <= 1,000,000,000)。
靠近的奶牛们很熟悉，因此，如果FJ安排超过K只连续的奶牛，那么，这些奶牛就会罢工
去开派对:)。因此，现在FJ需要你的帮助，计算FJ可以得到的最大效率，并且该方案中
没有连续的超过K只奶牛。
Input
* 第一行：空格隔开的两个整数N和K
* 第二到N+1行：第i+1行有一个整数E_i
Output
* 第一行：一个值，表示FJ可以得到的最大的效率值。
Sample Input
5 2
1
2
3
4
5
1
2
3
4
5
输入解释：
FJ有5只奶牛，他们的效率为1，2，3，4，5。他们希望选取效率总和最大的奶牛，但是
他不能选取超过2只连续的奶牛
Sample Output
12
FJ可以选择出了第三只以外的其他奶牛，总的效率为1+2+4+5=12。