
容易发现最终序列所有数字的相对顺序不变,一个数字可能的覆盖范围由两边第一个比它大的数决定,且若不考虑次数限制所有这样的序列都可以变换得到。对于一个序列,其需要的最少变换次数显然就是覆盖了别的位置的数的种数。于是设f[i][j][k][0/1]为第i位填了第j个数时以最优策略操作了k次,第i-1为是否填j时,变换方案数。转移考虑这一步填j是否要额外增加操作次数即可。暴力dpO(n4),前缀和优化O(n3)。
半年之后终于会做了,可喜可贺。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define ll long long
#define N 510
#define P 1000000007
char getc(){char c=getchar();while ((c<'A'||c>'Z')&&(c<'a'||c>'z')&&(c<'0'||c>'9')) c=getchar();return c;}
int gcd(int n,int m){return m==0?n:gcd(m,n%m);}
int read()
{
int x=0,f=1;char c=getchar();
while (c<'0'||c>'9') {if (c=='-') f=-1;c=getchar();}
while (c>='0'&&c<='9') x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48),c=getchar();
return x*f;
}
int n,m,a[N],pre[N],nxt[N],f[2][N][N][2],g[N][N];
void inc(int &x,int y){x+=y;if (x>=P) x-=P;}
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("bzoj4621.in","r",stdin);
freopen("bzoj4621.out","w",stdout);
const char LL[]="%I64d\n";
#else
const char LL[]="%lld\n";
#endif
n=read(),m=read();
for (int i=1;i<=n;i++) a[i]=read();
for (int i=1;i<=n;i++)
{
for (pre[i]=i;pre[i]>1&&a[pre[i]-1]<a[i];pre[i]--);
for (nxt[i]=i;nxt[i]<n&&a[nxt[i]+1]<a[i];nxt[i]++);
}
f[0][0][0][0]=1;
for (int j=1;j<=n;j++)
{
memset(f[j&1],0,sizeof(f[j&1]));
for (int i=0;i<=n;i++)
for (int k=0;k<=m;k++)
g[i][k]=((i?g[i-1][k]:0)+(f[j&1^1][i][k][0]+f[j&1^1][i][k][1])%P)%P;
for (int i=1;i<=n;i++)
if (pre[i]<=j&&nxt[i]>=j)
for (int k=0;k<=m;k++)
{
if (k>=(i!=j)) inc(f[j&1][i][k][0],g[i-1][k-(i!=j)]);
if (k>=(j-1==i)) inc(f[j&1][i][k][1],f[j&1^1][i][k-(j-1==i)][0]);
inc(f[j&1][i][k][1],f[j&1^1][i][k][1]);
}
}
int ans=0;
for (int i=1;i<=n;i++)
for (int k=0;k<=m;k++)
inc(ans,f[n&1][i][k][0]),inc(ans,f[n&1][i][k][1]);
cout<<ans;
return 0;
}