POJ 3185 The Water Bowls (高斯消元)

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题意：翻译过来就是20个0或1的开关，每次可以改变相邻三个的状态，问最小改变多少次使得所有开关都置为0，题目保证此题有解。

题解：因为一定有解，所以我们可以正序逆序遍历两次求出较小值即可。当然这题也可以用万能的高斯消元来做。给出两种代码。

暴力代码：

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;
const int inf=0x3f3f3f;
int main()
{
    int a[],b[];
    while(scanf("%d",&a[])!=EOF)
    {
        for(int i=;i<;i++)
        scanf("%d",&a[i]);
        memcpy(b,a,sizeof(b));
        int ans1=,ans2=;
        for(int i=;i<;i++)
        {
            if(a[i]==)
            {
                if(i==)
                {
                    ans1=inf;
                    break;
                }
                ans1++;
                a[i+]^=;
                a[i+]^=;
            }
        }
        for(int i=;i>=;i--)
        {
            if(b[i]==)
            {
                if(i==)
                {
                    ans2=inf;
                    break;
                }
                ans2++;
                b[i-]^=;//注意这里是逆序 是i-1 不是i+1
                b[i-]^=;//不要惯性思维
            }
        }
        printf("%d\n",min(ans1,ans2));
    }
    return ;
}

高消代码：

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <vector>
#include <map>
#include <ctime>
using namespace std;
const int maxn=;
//有equ个方程，var个变元。增广矩阵行数为equ,列数为var+1,分别为0到var
int equ,var;
int a[maxn][maxn]; //增广矩阵
int x[maxn]; //解集
int free_x[maxn];//用来存储*变元（多解枚举*变元可以使用）
int free_num;//*变元的个数
//返回值为-1表示无解，为0是唯一解，否则返回*变元个数
int gauss()
{
    int max_r,col,k;
    free_num=;
    for(k=,col=; k<equ&&col<var; k++,col++)
    {
        max_r=k;
        for(int i=k+; i<equ; i++)
            if(abs(a[i][col])>abs(a[max_r][col]))
                max_r=i;
        if(!a[max_r][col])
        {
            k--;
            free_x[free_num++]=col;
            continue;
        }
        if(max_r!=k)
            for(int j=col; j<var+; j++)
                swap(a[k][j],a[max_r][j]);
        for(int i=k+; i<equ; i++)
        {
            if(a[i][col])
            {
                for(int j=col; j<var+; j++)
                    a[i][j]^=a[k][j];
            }
        }
    }
    for(int i=k; i<equ; i++)
        if(a[i][col])
            return -;
    if(k<var) return var-k;
    for(int i=var-; i>=; i--)
    {
        x[i]=a[i][var];
        for(int j=i+; j<var; j++)
            x[i]^=(a[i][j]&&x[j]);
    }
    return ;
}
int n;
void init()
{
    memset(a,,sizeof(a));
    memset(x,,sizeof(x));
    equ=;
    var=; //20个变元
    for(int i=;i<;i++)
    {
        a[i][i]=;
        if(i>) a[i-][i]=;
        if(i<) a[i+][i]=;
    }
}
int solve()
{
    int t=gauss();
    if(t==-)
    {
        return -;
    }
    else if(t==)
    {
        int ans=;
        for(int i=; i<n*n; i++)
            ans+=x[i];
        return ans;
    }
    else
    {
        //枚举*变元
        int ans=0x3f3f3f3f;
        int tot=(<<t);
        for(int i=; i<tot; i++)
        {
            int cnt=;
            for(int j=; j<t; j++)
            {
                if(i&(<<j)) //注意不是&&
                {
                    x[free_x[j]]=;
                    cnt++;
                }
                else x[free_x[j]]=;
            }
            for(int j=var-t-; j>=; j--)
            {
                int idx;
                for(idx=j; idx<var; idx++)
                    if(a[j][idx])
                        break;
                x[idx]=a[j][var];
                for(int l=idx+; l<var; l++)
                    if(a[j][l])
                        x[idx]^=x[l];
                cnt+=x[idx];
            }
            ans=min(ans,cnt);
        }
        return ans;
    }
}
int main()
{
    n=;
    init();
    int data;
    for(int i=;i<;i++)
    {
        scanf("%d",&data);
        if(data) a[i][]=;
    }
    int ans=solve();
    printf("%d\n",ans);
    return ;
}