题面
题面有点难看。。。请认真阅读理解题意。
转化后就是，给你一个数 \(N\) ，每次选择一个 \(k \in [2, N]\) 将 \(N\) 变成 \(\displaystyle \lfloor \frac{N}{k} \rfloor\) ，到 \(1\) 停止。
求一共有多少不同的操作序列，也就是操作次数不一样或者某次操作的 \(k\) 不相同。
题解
首先考虑 dp ，令 \(f_i\) 为以 \(i\) 为开头的不同操作序列数。
显然有一个转移：
\[f_i = \sum_{k=2}^{i} f_{\lfloor \frac{i}{k} \rfloor}
\]
\]
边界为 \(f_1 = 1\) 。
显然这个式子能用整除分块来进行优化，就是对于 \(\displaystyle \lfloor \frac{i}{k} \rfloor\) 相同一起处理，很容易发现这些 \(f_{\lfloor \frac{i}{k} \rfloor}\) 也是相同的。
这是因为
\[\lfloor \frac{\lfloor \frac{n}{x} \rfloor } y \rfloor = \lfloor \frac{n}{xy} \rfloor
\]证明是很显然的。
所以有用的 \(f\) 总共只有 \(\sqrt N\) 个。
那么我们记忆化搜索即可，然后用一些对于这个利用整除分块的常用标号的方式。
也就是 \(x< \sqrt N\) 用 \(x\) ， \(x \ge \sqrt N\) 用 \(\displaystyle \lfloor \frac{N}{x} \rfloor\) 。
不断递归下去就行了，深度是 \(\log N\) 的。
然后复杂度？不会证。这是个整除分块套整除分块。。
著名 OI 选手 zhou888 口胡证明是 \(O(N ^ \frac{3}{4})\) 的。
总结
要相信分块套起来的复杂度，然后记忆化的时候最好手写哈希，或者用一些特殊性质，常数能小很多。
代码
#include <bits/stdc++.h>
#define For(i, l, r) for(register int i = (l), i##end = (int)(r); i <= i##end; ++i)
#define Fordown(i, r, l) for(register int i = (r), i##end = (int)(l); i >= i##end; --i)
#define Set(a, v) memset(a, v, sizeof(a))
#define Cpy(a, b) memcpy(a, b, sizeof(a))
#define debug(x) cout << #x << ": " << x << endl
#define DEBUG(...) fprintf(stderr, __VA_ARGS__)
using namespace std;
inline bool chkmin(int &a, int b) {return b < a ? a = b, 1 : 0;}
inline bool chkmax(int &a, int b) {return b > a ? a = b, 1 : 0;}
inline int read() {
int x = 0, fh = 1; char ch = getchar();
for (; !isdigit(ch); ch = getchar()) if (ch == '-') fh = -1;
for (; isdigit(ch); ch = getchar()) x = (x << 1) + (x << 3) + (ch ^ 48);
return x * fh;
}
void File() {
#ifdef zjp_shadow
freopen ("2802.in", "r", stdin);
freopen ("2802.out", "w", stdout);
#endif
}
typedef long long ll;
const int Maxn = 1e6 + 1e3;
int n; ll Ans1[Maxn], Ans2[Maxn];
inline void Insert(int pos, ll uv) {
if (pos < Maxn) Ans1[pos] = uv; else Ans2[n / pos] = uv;
}
inline ll Find(int pos) {
return pos < Maxn ? Ans1[pos] : Ans2[n / pos];
}
ll Dp(int val) {
if (val == 1) return 1;
ll res = Find(val); if (res) return res;
for (register int i = 2, Nexti; i <= val; i = Nexti + 1)
Nexti = val / (val / i), res += Dp(val / i) * (Nexti - i + 1);
Insert(val, res); return res;
}
int main () {
File();
n = read();
printf ("%lld\n", Dp(n));
return 0;
}