对于两个字符串A和B，我们需要进行插入、删除和修改操作将A串变为B串，定义c0，c1，c2分别为三种操作的代价，请设计一个高效算法，求出将A串变为B串所需要的最少代价。
给定两个字符串A和B，及它们的长度和三种操作代价，请返回将A串变为B串所需要的最小代价。保证两串长度均小于等于300，且三种代价值均小于等于100。
经典动态规划问题，简历一个二维数组来解决问题
首先确定初始状态，先建立一个m+1*n+1的二维数组，其中行数是B，列数是A，数组的左上角为A,B都为空字符串时，显然操作数为0，对于第一行，显然是当B为空时，不断扩大A时所需要的操作，显然需要不断删除A中元素来达到，所以第一行里的操作数为i*c1,同理对于第一列，A为空不断扩大B，则需要不断将B中字符插入A中，所以第一列的操作数为i*c0。初始状态设置完毕
对于数组中某一个res[i][j]来说，可能的状态一共有四种，
1、对于当前A来说，删除一个字符，然后将删除后的字符字符串再去变为当前B，而删去一个字符之后，变为B的最小操作数为res[i][j-1],即res[i][j]=res[i][j-1]+c1;
2、对于当前A来说，插入一个字符，然后将插入后的字符串再去变为当前B，插入一个字符后最小操作数，为res[i-1][j]（注：这里需要理解，前两种操作的本质实际上是字符串对齐，也就是说让这之前的字符串全部相等，然后再去考虑后面的，例如这个插入操作，并不是res[i][j+1],因为我是要将A变为B，所以当插入一个字符后，应该将当前的A与上一个B的最小操作数返回，因为假如需要插入的话，必然是A短，加入了一个字符后应该基于没加入字符时的状态的B比较，也就是res[i-1][j]）即res[i][j]=res[i-1][j]+c0;
3、对于当前A来说，替换一个字符，然后将替换后的字符串再去变为B，即res[i][j]=res[i-1][j-1]+c2,
4、对与当前A来说，如果与当前B字符相同，可以考虑不变化，即res[i][j]=res[i-1][j-1](3与4实际上是二选一，因为我们需要的是最小的操作数)
取四种操作数中最小的作为当前位置的值，代码如下
class MinCost {
public:
int findMinCost(string A, int n, string B, int m, int c0, int c1, int c2) {
// write code here
vector<int> sub(n+1);
vector<vector<int>> res(m+1,sub);
int i,j,temp1,temp2,temp3;
for(i=0;i<=n;i++){
res[0][i]=i*c1;
}
for(i=0;i<=m;i++){
res[i][0]=i*c0;
}
for(i=1;i<=m;i++){
for(j=1;j<=n;j++){
temp1=res[i][j-1]+c1;
temp2=res[i-1][j]+c0;
if(A[j-1]==B[i-1]) temp3=res[i-1][j-1];
else temp3=res[i-1][j-1]+min(c2,c0+c1);
res[i][j]=min(temp1,min(temp2,temp3));
}
}
return res[m][n];
}
};