\(Description\)
https://blog.****.net/Yukizzz/article/details/52084528
\(Solution\)
首先每一天之间是独立的。
所以设\(f[i][j]\)为前\(i\)天赢了\(j\)局的概率，要满足当前获胜比例始终≤\(p\)。容易得出转移方程。
所以玩完\(n\)局之后获胜比例仍不超过\(p\)的概率为\(Q=\sum_{i=0}^{\frac in\leq p}f[n][i]\)。
设\(E\)为期望玩牌天数。有两种情况：
1.\(Q\)的概率不再玩了，期望为\(Q\times1\)；
2.\(1-Q\)的概率第二天接着玩，期望为\((1-Q)\times(E+1)\)。
所以\(E=Q+(1-Q)\times(E+1)\)，解得\(E=\frac 1Q\)。
有点迷，但好像也确实是这样。。
#include <cstdio>
#include <algorithm>
const int N=105;
double f[N][N];
void Work(int T)
{
int a,b,n;
scanf("%d/%d%d",&a,&b,&n);
double p=1.0*a/b;
f[0][0]=1;
for(int i=1; i<=n; ++i)
{
f[i][0]=f[i-1][0]*(1-p);
for(int j=1; j<=i; ++j) f[i][j]=0;//!
for(int j=1; j*b<=i*a; ++j)
f[i][j]=f[i-1][j]*(1-p)+f[i-1][j-1]*p;
}
double q=0;
for(int i=0; i*b<=n*a; ++i) q+=f[n][i];
printf("Case #%d: %d\n",T,(int)(1.0/q));//直接.0lf是四舍五入...
}
int main()
{
int T; scanf("%d",&T);
for(int i=1; i<=T; Work(i++));
return 0;
}