题目描述：
一开始你有一个空集，集合可以出现重复元素，然后有 Q 个操作：
1、add s
在集合中加入数字 s 。
2、del s
在集合中删除数字 s 。保证 s 存在。如果有多个 s，只删除一个即可。
3、 cnt s
查询满足 a&s=a 条件的 a 的个数。
输入格式：
第一行一个整数 Q 接下来 Q 行，每一行都是 3 个操作中的一个。
输出格式：
对于每个 cnt 操作输出答案。
样例输入：
7
add 11
cnt 15
add 4
add 0
cnt 6
del 4
cnt 15
样例输出：
1
2
2
数据规模：
对于 30% 的数据满足：1≤n≤1000；
对于 100% 的数据满足：1≤n≤200000；0＜s＜2^16
题目分析：
分块算法。
1、因为s＜2^16，以2^8分块，a[pre] [suf]，其中下标pre表示前8位（指的二进制的8位，但是以十进制存，后皆同），suf表示后8位，存的是个数。对于任意数分成前8位（用位运算左移8位），后8位（&255得到，因为255的二进制码是11111111（8个1），与运算就直接得到后八位了）。
2、整体思想是分成2^8块，依据是前8位，对应第一维pre,每次把加入（删掉）的数依次看是否丢入（取出）块中。在询问中直接进入询问数a的前八位对应的块，在块里枚举,对应第二维suf。
注：(感觉讲的有点不清楚，限于语文水平~~~，将就啦······)
附代码：
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<string>
#include<cstdlib>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
int n,x,a[256][256];
char s[5];
int main()
{
//freopen("subset.in","r",stdin);
//freopen("subset.out","w",stdout);
scanf("%d",&n);
while(n--)
{
int f=1;
scanf("%s%d",s,&x);
int pre=x>>8,suf=x&255;//处理得到前8位和后8位
if(s[0]=='d') f=-1;
if(s[0]!='c')
{
for(int i=0;i<=255;i++)
if((pre&i)==pre)//只有与前8位与运算是其本身才存下来，相当于处理了前8位
a[i][suf]+=f;
}
else
{
int cnt=0;
for(int i=0;i<=255;i++)
if((i&suf)==i)//因为在添加和删除操作已经处理pre，存的就是与pre与运算相等的，此时的pre相当于就是上个中的i
cnt+=a[pre][i];//所以此时，只需枚举suf,判断与运算相等的，累加，就得到答案
printf("%d\n",cnt);
}
}
return 0;
}