结果出来了,不出所料,国二,在中游偏前一点点。我贼难受,本来考之前我非常自信,觉得以我的水平B组一等十拿九稳。然后就遇到了第三题,简直是噩梦。它不是特别难想,但是进了考场我就像智商被减去了50一样。我仔细想了下,因为这题,耗费的时间无法估量,很可能超过两个小时。因为我特别想拿一等,又觉得填空题不难,不写太可惜了,总是觉得就差一点点就能想出来,打个比方,非常像是小说中一个人的境界走到尽头了,就差临门一脚死也过不去的感觉。实际上第三题我是完全有可能直接就想出来的,只是在考场上我太弱智了,我记得消除尾一那道题,可以找出尾一的位置,然后愣是没有想到和原来的x亦或得出尾一的位置右移,我在纸上写了很多消除尾一的结果,但终究是没有想出来。结果在走出考场下楼的时候突然想出来了,当时的感觉,十分复杂。
在之后做456题的时候十分不甘心,总是做着做着回头想这题。导致了第六题107分的大题我就写了两个for循环,这是天大的失误。实际上,我哪怕想不出来第三题,直接放弃,拿这些时间去写第6题,一等应该也是稳了的。因为第六题我是有思路的。第五题我确实不会,只能拿状态压缩dp拿个极少的分数。但是这种题应该绝大部分人都不会,我猜这题是可以归为某一类的,但是我确实不知道。大致就是,第一题加上反复检查题目可能用了20分钟,第二题加检查10分钟,第三题2个小时,第四题15分钟,第五题1个小时,第六题15分钟左右。这实在是失了智的失误。我在想如果第三题最后写出来是个什么结果,因为实在是不知道分数差距。27分说大不大,说小,在人数多的时候也不小了。
感觉这东西还是和运气有不少关系的,如果今年的最后一题不这么简单,或者刚好出我费了大劲去学的,例如和去年最后一题类似的用高斯消元来解的,那也是稳了。归根结底还是我决策的失误。明年有机会的话,我要去A组玩下。不过这一年估计我准备考研还有其他一些事情,我的算法之路也到此为止了,虽然大概够用了吧。
不说了,哭去了。
--------------------------分界线-------------------------------
很气,第三题想了很久很久,走出考场突然想出来,害的我后面的题都是过部分数据直接交,没机会再优化优化。懒得说话了,以后有机会再分析吧。
第一题
标题:换零钞
x星球的钞票的面额只有:100元,5元,2元,1元,共4种。
小明去x星旅游,他手里只有2张100元的x星币,太不方便,恰好路过x星银行就去换零钱。
小明有点强迫症,他坚持要求200元换出的零钞中2元的张数刚好是1元的张数的10倍,
剩下的当然都是5元面额的。
银行的工作人员有点为难,你能帮助算出:在满足小明要求的前提下,最少要换给他多少张钞票吗?
(5元,2元,1元面额的必须都有,不能是0)
注意,需要提交的是一个整数,不要填写任何多余的内容。
- #include <iostream>
- #include <cstdio>
- #include <cstring>
- #include <algorithm>
- /* run this program using the console pauser or add your own getch, system("pause") or input loop */
- using namespace std;
- int main(int argc, char *argv[]) {
- int ans=10000;
- for(int x=1;x<100;x++){
- for(int y=0;y<=40;y++){
- if(21*x+5*y==200){
- printf("x=%d,y=%d\n",x,y);
- ans=min(ans,11*x+y);
- }
- }
- }
- cout<<ans<<endl;
- return 0;
- }
第二题
标题:激光样式
x星球的盛大节日为增加气氛,用30台机光器一字排开,向太空中打出光柱。
安装调试的时候才发现,不知什么原因,相邻的两台激光器不能同时打开!
国王很想知道,在目前这种bug存在的情况下,一共能打出多少种激光效果?
显然,如果只有3台机器,一共可以成5种样式,即:
全都关上(sorry, 此时无声胜有声,这也算一种)
开一台,共3种
开两台,只1种
30台就不好算了,国王只好请你帮忙了。
要求提交一个整数,表示30台激光器能形成的样式种数。
注意,只提交一个整数,不要填写任何多余的内容。
- #include <iostream>
- #include <cstdio>
- #include <cstring>
- #include <algorithm>
- /* run this program using the console pauser or add your own getch, system("pause") or input loop */
- using namespace std;
- bool get(int x){
- if(x&(x<<1))return false;
- else return true;
- }
- int main(int argc, char *argv[]) {
- int ans=0;
- for(int i=0;i<1<<30;i++){
- if(get(i)){
- ans++;
- }
- }
- cout<<ans<<endl;
- return 0;
- }
第三题
标题:格雷码
格雷码是以n位的二进制来表示数。
与普通的二进制表示不同的是,它要求相邻两个数字只能有1个数位不同。
首尾两个数字也要求只有1位之差。
有很多算法来生成格雷码。以下是较常见的一种:
从编码全0开始生成。
当产生第奇数个数时,只把当前数字最末位改变(0变1,1变0)
当产生第偶数个数时,先找到最右边的一个1,把它左边的数字改变。
用这个规则产生的4位格雷码序列如下:
0000
0001
0011
0010
0110
0111
0101
0100
1100
1101
1111
1110
1010
1011
1001
1000
以下是实现代码,仔细分析其中逻辑,并填写划线部分缺少的代码。
- #include <stdio.h>
- void show(int a,int n)
- {
- int i;
- int msk = 1;
- for(i=0; i<n-1; i++) msk = msk << 1;
- for(i=0; i<n; i++){
- printf((a & msk)? "1" : "0");
- msk = msk >> 1;
- }
- printf("\n");
- }
- void f(int n)
- {
- int i;
- int num = 1;
- for(i=0; i<n; i++) num = num<<1;
- int a = 0;
- for(i=0; i<num; i++){
- show(a,n);
- if(i%2==0){
- a = a ^ 1;
- }
- else{
- a = _________________________ ; //填空
- }
- }
- }
- int main()
- {
- f(4);
- return 0;
- }
请注意:只需要填写划线部分缺少的内容,不要抄写已有的代码或符号。
就是这题,当时脑袋抽了,其实很简单,我如果直接想出来不花费那么长时间还没做出来,这次比赛一等应该有了。主要是感觉就差一点可以想出来,不知不觉就费了快2小时。
a^((a^((a&(a-1))))<<1)
第四题
标题:调手表
小明买了块高端大气上档次的电子手表,他正准备调时间呢。
在 M78 星云,时间的计量单位和地球上不同,M78 星云的一个小时有 n 分钟。
大家都知道,手表只有一个按钮可以把当前的数加一。在调分钟的时候,如果当前显示的数是 0 ,那么按一下按钮就会变成 1,再按一次变成 2 。如果当前的数是 n - 1,按一次后会变成 0 。
作为强迫症患者,小明一定要把手表的时间调对。如果手表上的时间比当前时间多1,则要按 n - 1 次加一按钮才能调回正确时间。
小明想,如果手表可以再添加一个按钮,表示把当前的数加 k 该多好啊……
他想知道,如果有了这个 +k 按钮,按照最优策略按键,从任意一个分钟数调到另外任意一个分钟数最多要按多少次。
注意,按 +k 按钮时,如果加k后数字超过n-1,则会对n取模。
比如,n=10, k=6 的时候,假设当前时间是0,连按2次 +k 按钮,则调为2。
「输入格式」
一行两个整数 n, k ,意义如题。
「输出格式」
一行一个整数
表示:按照最优策略按键,从一个时间调到另一个时间最多要按多少次。
「样例输入」
5 3
「样例输出」
2
「样例解释」
如果时间正确则按0次。否则要按的次数和操作系列之间的关系如下:
1:+1
2:+1, +1
3:+3
4:+3, +1
「数据范围」
对于 30% 的数据 0 < k < n <= 5
对于 60% 的数据 0 < k < n <= 100
对于 100% 的数据 0 < k < n <= 100000
资源约定:
峰值内存消耗(含虚拟机) < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入...” 的多余内容。
注意:
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时,注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
这题我都没走心,想赶紧做,混点是一点。
- #include <iostream>
- #include <cstdio>
- #include <cstring>
- #include <algorithm>
- /* run this program using the console pauser or add your own getch, system("pause") or input loop */
- using namespace std;
- int a[100005];
- int main(int argc, char *argv[]) {
- int n,k;
- cin>>n>>k;
- memset(a,-1,sizeof(a));
- a[0]=0;
- int t=0;
- int flag=1;
- while(1){
- flag=1;
- for(int i=0;i<n;i++){
- if(a[i]==t){
- a[(i+1)%n]=t+1;
- a[(i+k)%n]=t+1;
- }
- }
- t++;
- for(int i=0;i<n;i++){
- if(a[i]==-1){
- flag=0;
- break;
- }
- }
- if(flag)break;
- }
- cout<<t<<endl;
- return 0;
- }
标题:搭积木
小明对搭积木非常感兴趣。他的积木都是同样大小的正立方体。
在搭积木时,小明选取 m 块积木作为地基,将他们在桌子上一字排开,中间不留空隙,并称其为第0层。
随后,小明可以在上面摆放第1层,第2层,……,最多摆放至第n层。摆放积木必须遵循三条规则:
规则1:每块积木必须紧挨着放置在某一块积木的正上方,与其下一层的积木对齐;
规则2:同一层中的积木必须连续摆放,中间不能留有空隙;
规则3:小明不喜欢的位置不能放置积木。
其中,小明不喜欢的位置都被标在了图纸上。图纸共有n行,从下至上的每一行分别对应积木的第1层至第n层。每一行都有m个字符,字符可能是‘.’或‘X’,其中‘X’表示这个位置是小明不喜欢的。
现在,小明想要知道,共有多少种放置积木的方案。他找到了参加蓝桥杯的你来帮他计算这个答案。
由于这个答案可能很大,你只需要回答这个答案对1000000007(十亿零七)取模后的结果。
注意:地基上什么都不放,也算作是方案之一种。
【输入格式】
输入数据的第一行有两个正整数n和m,表示图纸的大小。
随后n行,每行有m个字符,用来描述图纸 。每个字符只可能是‘.’或‘X’。
【输出格式】
输出一个整数,表示答案对1000000007取模后的结果。
【样例输入1】
2 3
..X
.X.
【样例输出1】
4
【样例说明1】
成功的摆放有(其中O表示放置积木):
(1)
..X
.X.
(2)
..X
OX.
(3)
O.X
OX.
(4)
..X
.XO
【样例输入2】
3 3
..X
.X.
...
【样例输出2】
16
【数据规模约定】
对于10%的数据,n=1,m<=30;
对于40%的数据,n<=10,m<=30;
对于100%的数据,n<=100,m<=100。
资源约定:
峰值内存消耗(含虚拟机) < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入...” 的多余内容。
注意:
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时,注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
- #include <iostream>
- #include <cstdio>
- #include <cstring>
- #include <algorithm>
- /* run this program using the console pauser or add your own getch, system("pause") or input loop */
- using namespace std;
- int a[102][102];
- int b[10002];
- int state[1<<20];
- int n,m;
- const int mod=1000000007;
- int sum=0;
- bool ok(int x){
- int flag=true;
- int s=0,t=0;
- while(x>0){
- if(x&1&&!s){
- s++;
- }
- if(x&1&&t){
- flag=false;
- break;
- }
- if(!(x&1)&&s==1){
- t++;
- }
- x>>=1;
- }
- return flag;
- }
- int getState(){
- int k=0;
- for(int i=0;i<1<<m;i++){
- if(ok(i)){
- state[k++]=i;
- }
- }
- return k;
- }
- bool can(int i,int x){
- if(~b[i]&x)return false;
- return true;
- }
- bool can2(int x,int y){
- if(~y&x)return false;
- return true;
- }
- int main(int argc, char *argv[]) {
- scanf("%d%d",&n,&m);
- getchar();
- char c;
- for(int i=0;i<n;i++){
- for(int j=0;j<m;j++){
- scanf("%c",&c);
- if(c=='.'){
- a[n-i-1][j]=1;
- b[n-i-1]|=1<<(m-1-j);
- }
- else{
- a[n-i-1][j]=0;
- }
- }
- getchar();
- }
- // for(int i=0;i<k;i++){
- // printf("state[%d]=%d ",i,state[i]);
- // }
- // cout<<endl;
- // printf("k=%d\n",k);
- int dp[2][1<<16];
- // for(int i=0;i<2;i++){
- // for(int j=0;j<k;j++){
- // dp[i][j]=0;
- // }
- // }
- memset(dp,0,sizeof(dp));
- for(int i=0;i<k;i++){
- if(can(0,state[i]))dp[0][i]=1;
- // printf("dp[0][%d]=%d ",state[i],dp[1][state[i]]);
- //if(!can(0,1))sum+=dp[0][i];
- }
- //cout<<endl;
- for(int i=1;i<n;i++){
- for(int j=0;j<k;j++){
- //printf("i=%d,j=%d\n",i,j);
- if(can(i,state[j])){
- for(int l=0;l<k;l++){
- //printf("state[j]=%d,state[l]=%d\n",state[j],state[l]);
- if(can2(state[j],state[l])){
- // printf("asssss=%d\n",dp[0][state[l]]);
- dp[1][j]=(dp[1][j]+dp[0][l])%mod;
- // printf("dp[1][%d]=%d\n",state[j],dp[1][state[j]]);
- }
- }
- }
- }
- for(int i=0;i<k;i++){
- dp[0][i]=dp[1][i];
- }
- memset(dp[1],0,sizeof(dp[1]));
- }
- for(int i=0;i<k;i++){
- sum=(sum+dp[0][i])%mod;
- }
- cout<<sum<<endl;
- return 0;
- }
标题:矩阵求和
经过重重笔试面试的考验,小明成功进入 Macrohard 公司工作。
今天小明的任务是填满这么一张表:
表有 n 行 n 列,行和列的编号都从1算起。
其中第 i 行第 j 个元素的值是 gcd(i, j)的平方,
gcd 表示最大公约数,以下是这个表的前四行的前四列:
1 1 1 1
1 4 1 4
1 1 9 1
1 4 1 16
小明突然冒出一个奇怪的想法,他想知道这张表中所有元素的和。
由于表过于庞大,他希望借助计算机的力量。
「输入格式」
一行一个正整数 n 意义见题。
「输出格式」
一行一个数,表示所有元素的和。由于答案比较大,请输出模 (10^9 + 7)(即:十亿零七) 后的结果。
「样例输入」
4
「样例输出」
48
「数据范围」
对于 30% 的数据,n <= 1000
存在 10% 的数据,n = 10^5
对于 60% 的数据,n <= 10^6
对于 100% 的数据,n <= 10^7
资源约定:
峰值内存消耗(含虚拟机) < 256M
CPU消耗 < 2000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入...” 的多余内容。
注意:
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时,注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
从这题就能看出我后面的题是有多没走心,这题分值那么大,要是找出规律能过大数据,一等就有了。n<1000的数据大家都能过。如果把第三题的时间用在这上面就好了,我其实有点思路的。可惜啊,我就是关键时刻掉链子的那种人。现在回想起去年十一之科目三改革前的最后一次科三考试,我第一回门没使劲,没关上,没开20米就停下了。第二回一切顺利,结果在最后一刻,靠边停车的时候,速度没减够,直接压马路牙子上了。然后没过,懒得去了,今年暑假再说吧。
- #include <iostream>
- #include <cstdio>
- #include <cstring>
- #include <algorithm>
- /* run this program using the console pauser or add your own getch, system("pause") or input loop */
- using namespace std;
- const int mod=1000000007;
- int gcd(int a,int b){
- if(b==0){
- return a;
- }
- else return gcd(b,a%b);
- }
- int main(int argc, char *argv[]) {
- int t;
- int n;
- int sum=0;
- cin>>n;
- for(int i=1;i<=n;i++){
- for(int j=1;j<=n;j++){
- t=gcd(i,j);
- t=t*t;
- sum=(sum+t)%mod;
- // printf("%d ",t);
- }
- //printf("\n");
- }
- cout<<sum<<endl;;
- return 0;
- }