hdu acm 1166 敌兵布阵 （线段树）

时间：2023-10-23 20:43:14

敌兵布阵

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 37903    Accepted Submission(s): 15985

Problem Description
C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习，所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段，所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动，可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。 *情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动，而Derek每次询问的段都不一样，所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数，很快就精疲力尽了，Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔，算得这么慢，我炒你鱿鱼!”Tidy想：“你自己来算算看，这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下，Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说：“死肥仔，叫你平时做多点acm题和看多点算法书，现在尝到苦果了吧!”Tidy说："我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼，这么算他真的会崩溃的，聪明的读者，你能写个程序帮他完成这项工作吗？不过如果你的程序效率不够高的话，Tidy还是会受到Derek的责骂的.
Input
第一行一个整数T，表示有T组数据。 每组数据第一行一个正整数N（N<=50000）,表示敌人有N个工兵营地，接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人（1<=ai<=50）。 接下来每行有一条命令，命令有4种形式： (1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人（j不超过30） (2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人（j不超过30）; (3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j，表示询问第i到第j个营地的总人数; (4)End 表示结束，这条命令在每组数据最后出现; 每组数据最多有40000条命令
Output
对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车, 对于每个Query询问，输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
Sample Input
1
10
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End
Sample Output
Case 1:
6
33
59
Author
Windbreaker
练习线段树的基本题，稍微有点变形，又不是很难，有助于对线段树的理解，代码也可以当做记忆线段树的模板
/*

hdu 1166 敌兵布阵

线段树   基本操作

by zhh

*/

#include <iostream>

#include <stdio.h>

#include <cstring>

#include <algorithm>

#include <stdlib.h>

using namespace std;

int a[];

struct line

{

    int left;

    int right;

    int sum;

}p[];

void build(int l,int r,int s)//建立线段树，并在域sum中赋初值

{

    p[s].left=l;

    p[s].right=r;

    if(l==r)

    {

        p[s].sum=a[l];

        return ;

    }

    build(l,(l+r)/,s*);

    build((l+r)/+,r,s*+);

    p[s].sum=p[s*].sum+p[s*+].sum;

}

void add(int i,int j,int s)//增加数之后刷新线段树

{

    if(p[s].left<=i&&p[s].right>=i)

    {
        p[s].sum+=j;

        if(p[s].left==p[s].right)

            return;

        add(i,j,s*);

        add(i,j,s*+);

    }

}

/*void add(int i,int j,int s)

{

    if(p[s].left==i&&p[s].right==i)

    {

        p[s].sum=j;

        return;

    }

    int mid=(p[s].left+p[s].right)/2;

    if(i<=mid) add(i,j,s*2);

    else add(i,j,s*2+1);

    p[s].sum=p[s*2].sum+p[s*2+1].sum;

}*/

int  finds(int i,int j,int s)//查找所给线段上的sum和

{

    if(p[s].left>j)

        return ;

    if(p[s].right<i)

        return ;

    if(p[s].left>=i&&p[s].right<=j)

        return p[s].sum;

    return finds(i,j,s*)+finds(i,j,s*+);

}

/*int finds(int i,int j,int s)

{

    if(p[s].left==i&&p[s].right==j)

        return p[s].sum;

    int mid=(p[s].left+p[s].right)/2;

    if(mid>=j) return finds(i,j,s*2);

    if(mid<i)  return finds(i,j,s*2+1);

    return finds(i,mid,s*2)+finds(mid+1,j,s*2+1);

}*/

int main()

{

    int T;

    cin>>T;

    for(int t_n=;t_n<=T;t_n++)

    {

        printf("Case %d:\n",t_n);

        int n,sum=;

        cin>>n;

        a[]=;

        for(int i=;i<=n;i++)

        {

            cin>>a[i];

        }

        build(,n,);

        char order[];

        int i,j;

        scanf("%s",order);

        while(order[]!='E')

        {

            scanf("%d %d",&i,&j);

            if(order[]=='A')

            {

         //       a[i]+=j;

         //       j=a[i];

                add(i,j,);

            }

            if(order[]=='S')

            {

        //        a[i]-=j;

          //      j=a[i];

                add(i,-j,);//减可以被认为加上负的

            }

            if(order[]=='Q')

                printf("%d\n",finds(i,j,));

            scanf("%s",order);

        }

    }

    return ;

}

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