happiness：
Description
高一一班的座位表是个n*m的矩阵，经过一个学期的相处，每个同学和前后左右相邻的同学互相成为了好朋友。这学期要分文理科了，每个同学对于选择文科与理科有着自己的喜悦值，而一对好朋友如果能同时选文科或者理科，那么他们又将收获一些喜悦值。作为计算机竞赛教练的scp大老板，想知道如何分配可以使得全班的喜悦值总和最大。
Input
第一行两个正整数n，m。接下来是六个矩阵第一个矩阵为n行m列 此矩阵的第i行第j列的数字表示座位在第i行第j列的同学选择文科获得的喜悦值。第二个矩阵为n行m列 此矩阵的第i行第j列的数字表示座位在第i行第j列的同学选择理科获得的喜悦值。第三个矩阵为n-1行m列 此矩阵的第i行第j列的数字表示座位在第i行第j列的同学与第i+1行第j列的同学同时选择文科获得的额外喜悦值。第四个矩阵为n-1行m列 此矩阵的第i行第j列的数字表示座位在第i行第j列的同学与第i+1行第j列的同学同时选择理科获得的额外喜悦值。第五个矩阵为n行m-1列 此矩阵的第i行第j列的数字表示座位在第i行第j列的同学与第i行第j+1列的同学同时选择文科获得的额外喜悦值。第六个矩阵为n行m-1列 此矩阵的第i行第j列的数字表示座位在第i行第j列的同学与第i行第j+1列的同学同时选择理科获得的额外喜悦值。
Output
输出一个整数，表示喜悦值总和的最大值
Sample Input
1 2
1 1
100 110
1
1000
Sample Output
1210
【样例说明】
两人都选理，则获得100+110+1000的喜悦值。
【数据规模】
对于100%以内的数据，n,m<=100 所有喜悦值均为小于等于5000的非负整数
首先发现题目出现了很明显的二分图关系--选文科还是理科，很明显是一个网络流问题，联系到题目上的一个人选文科还是理科可以得到一定喜悦值，两个人同时选文科还是理科，又可以得到一定喜悦值，发现最终答案是由每个人选文科，还是选理科，这个行为确定的，与最小割有一定关系。
继续观察，如果按最小割建立模型，每个人选文选理的代价可以在与s，t的连边上体现，这时难点就变成了如何体现两个人之间的关系：同时选文或选理需要的代价。
这时引入一个很神奇的东西，无向边。
这个东西是我在clj的ppt上看见的，有一个很有用的作用：若A<-->B:C，即A与B连一条权值为C的无向边，当这条无向边计入最小割时，表示这两个点分属于s，t两个集合。
但是仅仅知道如此是不够的，因为对于A，B两点，如果他们都属于S集合，即与T集合的边已经计入最小割了，那A与B之间的边就一定不会出现在最小割里，这一点可以作图验证一二。
所以我们应该对原图进行一定变换。注意到这里我们是想将两个点之间的关系体现在同时取s集或同时取t集的情况，即与s,与t的连接边：若A与B同时选文得到W1的喜悦值，同时选理得到W2的喜悦值，S->A:w1/2，A->T:w2/2，
S->B:w1/2，B->T:w2/2，A<-->B:(w1+w2)/2。
为什么呢？自己画图验证，很神奇的东西，特别难想，不过做过一遍以后再做就觉得很容易了。
/**************************************************************
Problem: 2127
User: 1156603280
Language: C++
Result: Accepted
Time:756 ms
Memory:8620 kb
****************************************************************/ #include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <ctime>
#include <cmath>
#define maxn 10000
using namespace std;
int n,m;
int s,t;
int tot=1;
int fir[200000],en[200000],nex[200000],f[200000];
void ins(int a,int b,int c,int d){
nex[++tot]=fir[a];
fir[a]=tot;
en[tot]=b;
f[tot]=c; nex[++tot]=fir[b];
fir[b]=tot;
en[tot]=a;
f[tot]=d; }
int ch[200][200][2]; int flow;
int d[200000],now[200000],num[200000],pre[200000],his[200000];
void sap(){
flow=0;
for (int i=0;i<=t;i++){
now[i]=fir[i];
d[i]=num[i]=0;
}
num[0]=t;
int aug=0x7fffffff;
bool flag;
int i=s;
while (d[s]<t){
his[i]=aug;
flag=false;
for (int k=now[i];k;k=nex[k])
if (f[k]>0&&d[i]==d[en[k]]+1){
aug=min(aug,f[k]);
flag=true;
now[i]=k;
pre[en[k]]=i;
i=en[k];
if (i==t){
flow+=aug;
while (i!=s){
i=pre[i];
f[now[i]]-=aug;
f[now[i]^1]+=aug;
}
aug=0x7fffffff;
}
break;
}
if (flag) continue;
int k1=0,minn=t;
for (int k=fir[i];k;k=nex[k])
if (f[k]>0&&minn>d[en[k]]){
k1=k;
minn=d[en[k]];
}
now[i]=k1;
if (!--num[d[i]]) return;
d[i]=minn+1;
num[d[i]]++; if (i!=s){
i=pre[i];
aug=his[i];
}
} } int sum=0;
int main(){
// freopen("2127.in","r",stdin);
// freopen("2127.out","w",stdout);
scanf("%d%d",&n,&m);
s=n*m+1,t=n*m+2;
for (int i=1;i<=n;i++) //割文 去理
for (int j=1;j<=m;j++){
scanf("%d",&ch[i][j][0]);
sum+=ch[i][j][0];
ch[i][j][0]*=2;
}
for (int i=1;i<=n;i++) //割理 去文
for (int j=1;j<=m;j++){
scanf("%d",&ch[i][j][1]);
sum+=ch[i][j][1];
ch[i][j][1]*=2;
} for (int i=1;i<=n-1;i++)
for (int j=1;j<=m;j++){
int tmp;
scanf("%d",&tmp);
sum+=tmp;
ins((i-1)*m+j,i*m+j,tmp,tmp);
ch[i][j][0]+=tmp;
ch[i+1][j][0]+=tmp;
}
for (int i=1;i<=n-1;i++)
for (int j=1;j<=m;j++){
int tmp;
scanf("%d",&tmp);
sum+=tmp;
ins((i-1)*m+j,i*m+j,tmp,tmp);
ch[i][j][1]+=tmp;
ch[i+1][j][1]+=tmp;
} for (int i=1;i<=n;i++)
for (int j=1;j<=m-1;j++){
int tmp;
scanf("%d",&tmp);
sum+=tmp;
ins((i-1)*m+j,(i-1)*m+j+1,tmp,tmp);
ch[i][j][0]+=tmp;
ch[i][j+1][0]+=tmp;
}
for (int i=1;i<=n;i++)
for (int j=1;j<=m-1;j++){
int tmp;
scanf("%d",&tmp);
sum+=tmp;
ins((i-1)*m+j,(i-1)*m+j+1,tmp,tmp);
ch[i][j][1]+=tmp;
ch[i][j+1][1]+=tmp;
} for (int i=1;i<=n;i++)
for (int j=1;j<=m;j++){
ins(s,(i-1)*m+j,ch[i][j][0],0);
ins((i-1)*m+j,t,ch[i][j][1],0);
}
sap(); printf("%d",sum-flow/2); return 0;
}