CA Loves GCD

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问题描述

CA喜欢是一个热爱党和人民的优秀同♂志，所以他也非常喜欢GCD（请在输入法中输入GCD得到CA喜欢GCD的原因）。

现在他有N个不同的数，每次他会从中选出若干个（至少一个数），求出所有数的GCD然后放回去。

为了使自己不会无聊，CA会把每种不同的选法都选一遍，CA想知道他得到的所有GCD的和是多少。

我们认为两种选法不同，当且仅当有一个数在其中一种选法中被选中了，而在另外一种选法中没有被选中。

输入描述

第一行 T，表示有 T 组数据。

接下来 T 组数据，每组数据第一行一个整数 N，表示CA的数的个数，接下来一行 N 个整数 Aii 表示CA的每个数。

1≤T≤50, 1≤N≤1000, 1≤Ai≤10001 \le T \le 50,~1 \le N \le 1000,~1 \le A_i \le 10001≤T≤50, 1≤N≤1000, 1≤Ai≤1000

输出描述

对于每组数据输出一行一个整数表示CA所有的选法的GCD的和对 100000007 取模的结果。

输入样例

输出样例

8

10

所有数据∈[1,1000]

　　这次的BestCoder没打，从没见过这么难的第二题。

　　我们令dp[i][j]表示在前i个数中，选出若干个数使得它们的gcd为j的方案数，于是只需要枚举第i+1个数是否被选中来转移就可以了。
　　令第i+1个数为v，当考虑dp[i][j]的时候，我们令dp[i+1][j] += dp[i][j],dp[i+1][gcd(j,v)] += dp[i][j]
　　复杂度O(N*MaxV) MaxV 为出现过的数的最大值。

　　其实有O(MaxV *log(MaxV))的做法，我们考虑记f[i]表示从这些数中选择若干个数，使得他们的gcd是i的倍数的方案数。假如有K个数是i的倍数，则f[i]=2^K-1，再用g[i]表示从这些数中选择若干个数，使得他们的gcd是i的方案数，则g[i]=f[i] - Σ（j是i的倍数）g[j] 。

　　由调和级数可以得到复杂度为O(MaxV *log(MaxV))

　　还是挺巧妙的！

TLE的DP(MB卡常数)：

 #include <iostream>

 #include <cstring>

 #include <cstdio>

 using namespace std;

 const int maxn=;

 const int mod=;

 int dp[maxn][maxn],a[maxn];

 int Gcd(int a,int b){

     return b?Gcd(b,a%b):a;

 }

 int main(){

     int T,n,maxv;

     scanf("%d",&T);

     while(T--){

         memset(dp,,sizeof(dp));

         scanf("%d",&n);maxv=;

         for(int i=;i<=n;maxv=max(maxv,a[i]),i++)

             scanf("%d",&a[i]);

         for(int i=;i<=n;i++)dp[i][]=;

         for(int i=;i<=n;i++){

             for(int j=;j<=maxv;j++)dp[i][j]=dp[i-][j];

             for(int j=;j<=maxv;j++)

                 (dp[i][Gcd(j,a[i])]+=dp[i-][j])%=mod;

         }

         int ans=;

         for(int j=;j<=maxv;j++)

             (ans+=dp[n][j]*j)%=mod;

         printf("%d\n",ans);

     }

     return ;

 }

第二种方法的AC程序：

 #include <iostream>

 #include <cstring>

 #include <cstdio>

 using namespace std;

 const int maxn=;

 const int mod=;

 long long f[maxn],g[maxn],ans;

 int main(){

     int T,n;

     scanf("%d",&T);

     while(T--){

         scanf("%d",&n);

         memset(f,,sizeof(f));

         for(int i=,x;i<=n;i++){

             scanf("%d",&x);

             for(int j=;j<=x;j++){

                 if(x%j==)

                     f[j]++;

             }

         }

         for(int i=;i<=;i++){

             long long ret=;

             for(int j=;j<=f[i];j++)

                 (ret*=)%=mod;

             ret-=;

             f[i]=ret;

         }

         for(int i=;i>=;i--){

             g[i]=f[i];

             for(int j=*i;j<=;j+=i)

                 (g[i]-=g[j])%=mod;

         }

         ans=;

         for(int i=;i<=;i++)

             (ans+=g[i]*i)%=mod;

         printf("%lld\n",(ans+mod)%mod);

     }

     return ;

 }

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数学(GCD,计数原理)HDU 5656 CA Loves GCD

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