思路：
数学归纳。
设最少所需刻度数为$s$，则$n和s$的关系为：
$n=1,s=0;$
$n=2,s=1;$
$n=3,s=3;$
...
观察发现$s=n(n-1)/2$，得到$sn$时，满足条件。
然而只有50分。。
因为我手算错了，$n=3,s=2$。
然而人不能没有信仰，就把$<$改成$\leq$，A了。。
正解：
当$n>3$时，一定不能满足条件。
附官方题解：
from nneztlk
算法一
直接枚举刻度, 时间复杂度为 O((n(n+1)/2−1n−1))O((n(n+1)/2−1n−1)). n=5n=5 时这个数是 (144)=1001(144)=1001, n=8n=8 时这个数是 (357)=6724520(357)=6724520. 期望得分 10∼2010∼20 分.
算法二
我们需要题目描述中的 sj−si (0≤i<j≤n)sj−si (0≤i<j≤n) 这 n(n+1)2n(n+1)2 个数取到 1∼n(n+1)21∼n(n+1)2 的所有整数, 所以每个整数只能取一次, 即每种长度只能被一种方法量出. 特别地, si−si−1(1≤i≤n)si−si−1(1≤i≤n) 这 nn 段长度两两不同, 故只能是 1,2,…,n1,2,…,n 的一种排列.
枚举排列, 时间复杂度为 O(n!)O(n!). n=8n=8 时这个数是 4032040320. 期望得分 2020 分.
算法三
事实上, n=1,2,3n=1,2,3 时可以直接试出刻度方案, 分别为 ∅,{1},{1,4}∅,{1},{1,4}, 而对所有 n>3n>3 都不存在满足要求的刻度. 证明如下:
记 M=n(n+1)2M=n(n+1)2, 则对 n>3n>3, M≥10M≥10. 现假设存在满足要求的刻度方案. 由于需要量出 M−1M−1 的长度, 所以 11 或 M−1M−1 处必须有刻度, 由对称性不妨设 11 处有. 要量出 M−2M−2 的长度, 2,M−2,M−12,M−2,M−1 中需要有一处有刻度, 而如果 22 或 M−1M−1 处有刻度, 则可以用两种方法量出长度 11, 矛盾! 所以 M−2M−2 处必须有刻度. 此时由 (M−2)−1=M−3(M−2)−1=M−3, M−3M−3 的长度已经可以被量出. 要量出 M−4M−4 的长度, 2,4,M−3,M−42,4,M−3,M−4 四处必有一处有刻度. 容易发现只有 44 处的刻度不会引起重复.
现在已经知道 1,4,M−21,4,M−2 处都需要有刻度, 而长度 M−5M−5 尚未被量出. 欲量出 M−5M−5, 需要 3,5,M−5,M−4,M−13,5,M−5,M−4,M−1 中的一处有刻度. 然而它们都会导致 1,2,31,2,3 中的某个长度能被两种方法量出, 矛盾! 故不存在满足要求的刻度.
所以只需判断 nn 是否大于 33. 时间复杂度 O(1)O(1), 期望得分 100100 分.
我的AC代码：
#include<cstdio>
int main() {
int t;
scanf("%d",&t);
while(t--) {
int n;
scanf("%d",&n);
printf("%d\n",((n*(n+)>>)<=n)?:-);
}
return ;
}
附最短代码（Python2.7）：
print'\n'.join(['-1'if input()>3 else''for i in range(input())])