BZOJ 1831 & 就是一个DP....

题意:

　　比如说，4 2 1 3 3里面包含了5个逆序对：(4, 2), (4, 1), (4, 3), (4, 3), (2, 1)。 可惜的是，由于年代久远，这些数字里有一部分已经模糊不清了，为了方便记录，小可可用“-1”表示它们。比如说，4 2 -1 -1 3 可能原来是4 2 1 3 3，也可能是4 2 4 4 3，也可能是别的样子。 能不能推断出这些数字里最少能有多少个逆序对

SOL:

　　一眼就觉得显然填的数字单调不降...也不想去证明了,感觉很对的样子就不想那么多...

　　但是DP的实现上还是弱的一笔啊...最弱的就是DP了..唉...本来还想维护两棵线段树加加减减...

　　被数据结构*了...然而只要暴力维护就好了...日...

　　双倍经验很开心

Code:

　　

/*==========================================================================
# Last modified: 2016-03-16 20:57
# Filename: 2190.cpp
# Description:
==========================================================================*/
#define me AcrossTheSky
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <ctime>
#include <string>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <iostream>
#include <algorithm> 

#include <set>
#include <map>
#include <stack>
#include <queue>
#include <vector> 

#define lowbit(x) (x)&(-x)
#define FOR(i,a,b) for((i)=(a);(i)<=(b);(i)++)
#define FORP(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define FORM(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define ls(a,b) (((a)+(b)) << 1)
#define rs(a,b) (((a)+(b)) >> 1)
#define getlc(a) ch[(a)][0]
#define getrc(a) ch[(a)][1] 

#define maxn 100000
#define maxm 100000
#define pi 3.1415926535898
#define _e 2.718281828459
#define INF 1070000000
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull; 

template<class T> inline
void read(T& num) {
    bool start=false,neg=false;
    char c;
    num=0;
    while((c=getchar())!=EOF) {
        if(c=='-') start=neg=true;
        else if(c>='0' && c<='9') {
            start=true;
            num=num*10+c-'0';
        } else if(start) break;
    }
    if(neg) num=-num;
}
/*==================split line==================*/
int a[10005],pos[10005];
int small[10005][105],big[10005][105],dp[10005][105];
int main(){
    int n,k,cnt=0;
    memset(big,0,sizeof(big));
    memset(small,0,sizeof(small));
    memset(dp,0x7f,sizeof(dp));
    int ans=INF;
    read(n); read(k);
    FORP(i,1,n){
        read(a[i]);
        if(a[i]==-1) pos[++cnt]=i;
    }
    FORP(i,2,n){
        FORP(j,1,k){
            big[i][j]=big[i-1][j];
            if(a[i-1]>j) big[i][j]++;
        }
    }
    FORM(i,n-1,1){
        FORP(j,1,k){
            small[i][j]=small[i+1][j];
            if(a[i+1]<j && a[i+1]!=-1) small[i][j]++;
        }
    }
    int num=0;
    FORP(i,1,n) num+=big[i][a[i]];
    FORP(i,1,k) dp[1][i]=big[pos[1]][i]+small[pos[1]][i];
    FORP(i,2,cnt)
    FORP(j,1,k)
    FORP(p,1,j)dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i-1][p]+big[pos[i]][j]+small[pos[i]][j]);
    FORP(i,1,k) ans=min(ans,dp[cnt][i]);
    ans=(ans==INF)?0:ans;
    printf("%d\n",ans+num);
    return 0;
}