来自FallDream的博客，未经允许，请勿转载，谢谢。
晚上去clj博客逛来逛去很开心，突然同学提醒了一下，发现cf已经开始40分钟了，慌的一B，从B题开始写，写完了B到E最后收掉了A，结果太着急B题忘记写一个等号挂掉了。。。。D题瞎dp也挂了很难受。F题还剩5分钟的时候想出来了，如果没迟应该能写完。
A.
你要做n道题 每道题要花费时间ti，有m个可以提交的时间段，你在同一时刻可以交很多代码并且不耗时间，求最早什么时候可以把代码全部交完。
发现只要管最后一道题啥时候交就行了，扫一遍区间。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#define MN 1000
#define INF 1000000000
using namespace std;
inline int read()
{
int x = , f = ; char ch = getchar();
while(ch < '' || ch > ''){ if(ch == '-') f = -; ch = getchar();}
while(ch >= '' && ch <= ''){x = x * + ch - '';ch = getchar();}
return x * f;
}
int n,m,mn=INF,tot=;
int main()
{
n=read();
for(int i=;i<=n;++i) tot+=read();
m=read();
for(int i=;i<=m;++i)
{
int l=read(),r=read();
if(r>=tot) mn=min(mn,max(,l-tot));
}
printf("%d",mn==INF?-:mn+tot);
return ;
}
B.给定一个区间[l,r]和x,y，定义特殊数字是可以被表示成x^a+y^b(a,b是非负整数）的数，求[l,r]中最长的连续的一段数字，满足这段数字区间内全是非特殊的数字。
l,r<=10^18 2<=x,y<=10^19
显然x^a和y^b只有log种，都拿出来排个序就行了。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#define ll long long
#define MN (ll)1e18
using namespace std;
ll s[],s2[],mx=,a[];int top1=,top2=,top=;
int main()
{
ll x,y,l,r;
scanf("%lld%lld%lld%lld",&x,&y,&l,&r);
s[++top1]=;s2[++top2]=;
for(ll i=x;;i*=x)
{
s[++top1]=i;
if(i>MN/x)break;
}
for(ll i=y;;i*=y)
{
s2[++top2]=i;
if(i>MN/y)break;
}
for(int i=;i<=top1;++i)
for(int j=;j<=top2;++j)
if(s[i]+s2[j]>=l&&s[i]+s2[j]<=r)
a[++top]=s[i]+s2[j];
if(!top) return *printf("%lld",r-l+);
sort(a+,a+top+);
mx=max(mx,a[]-l);
mx=max(mx,r-a[top]);
for(int i=;i<=top;++i)
mx=max(mx,a[i]-a[i-]-);
cout<<mx;
return ;
}
C.
给定一棵树，一个人在x(x!=1)号点，另一个在1号点，每次行动每个人可以移动到一个相邻节点或者不动，第一个人希望回合最多，第二个人希望最少，求最多有多少个回合。
n<=2*10^5
枚举目标点，一个点可行当且仅当x到它和x的lca的距离小于1号点到lca的距离。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#define MD 18
#define MN 200000
using namespace std;
inline int read()
{
int x = , f = ; char ch = getchar();
while(ch < '' || ch > ''){ if(ch == '-') f = -; ch = getchar();}
while(ch >= '' && ch <= ''){x = x * + ch - '';ch = getchar();}
return x * f;
}
pair<int,int> p[MN+];
int cnt=,head[MN+],fa[MD+][MN+],dep[MN+],f[MN+],n;
struct edge{int to,next;}e[MN*+];
inline void ins(int f,int t)
{
e[++cnt]=(edge){t,head[f]};head[f]=cnt;
e[++cnt]=(edge){f,head[t]};head[t]=cnt;
}
bool cmp(pair<int,int> x,pair<int,int> y){return x.first>y.first;}
void Dfs(int x,int f)
{
fa[][x]=f;p[x]=make_pair(dep[x],x);
for(int i=head[x];i;i=e[i].next)
if(e[i].to!=f)
dep[e[i].to]=dep[x]+,Dfs(e[i].to,x);
} inline int lca(int x,int y)
{
if(dep[x]<dep[y]) swap(x,y);
for(int k=dep[x]-dep[y],j=;k;k>>=,++j)
if(k&)x=fa[j][x];
if(x==y) return x;
for(int i=MD;~i;--i)
if(fa[i][x]!=fa[i][y])
x=fa[i][x],y=fa[i][y];
return fa[][x];
} int main()
{
n=read();int x=read();
for(int i=;i<n;++i) ins(read(),read());
Dfs(,);
for(int i=;i<=MD;++i)
for(int j=;j<=n;++j)
fa[i][j]=fa[i-][fa[i-][j]];
sort(p+,p+n+,cmp);
for(int i=;i<=n;++i)
{
int z=lca(x,p[i].second);
if(dep[x]-dep[z]>=dep[z]) continue;
return *printf("%d\n",p[i].first*);
}
return ;
}
D.
给定一个长度为n(<=5000)的序列ai，定义优秀的序列是满足相邻元素相差1或者在膜7意义下相等的序列，求这个序列的两个不相交的优秀子序列满足长度之和最大。
f[i][j]表示两个序列结尾分别在i，j的最长长度
枚举i，j，对于每个i，开两个数组分别表示最后一个数是k和最后一个数膜7等于k的最长长度，然后分别转移。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#define MN 5000
using namespace std;
inline int read()
{
int x = ,f = ; char ch = getchar();
while(ch < '' || ch > ''){if(ch == '-') f = ;ch = getchar();}
while(ch >= '' && ch <= ''){x = x * + ch - '';ch = getchar();}
return f?x:-x;
}
int n,a[MN+],f[MN+],F[],D[MN+][MN+],ans=,ha[],cnt=;
inline void R(int&x,int y){y>x?x=y:;}
int main()
{
n=read();
for(int i=;i<=n;++i)!ha[a[i]=read()]?ha[a[i]]=++cnt:;
for(int i=;i<=n;++i)
{
memset(F,,sizeof(F));
memset(f,,sizeof(f));
int Mx=D[i][];
for(int j=;j<i;++j)
R(F[a[j]%],D[i][j]),
R(f[ha[a[j]]],D[i][j]);
for(int j=i+;j<=n;++j)
{
R(D[i][j],Mx+);
R(D[i][j],max(f[ha[a[j]]],F[a[j]%])+);
if(ha[a[j]-]) R(D[i][j],f[ha[a[j]-]]+);
if(ha[a[j]+]) R(D[i][j],f[ha[a[j]+]]+);
R(F[a[j]%],D[i][j]);R(f[ha[a[j]]],D[i][j]);
R(D[j][i],D[i][j]);R(ans,D[i][j]);
}
}
cout<<ans;
return ;
}
E. Army Creation
给定一个长度为n(<=100000)的序列ai,每次询问一段区间，满足每个数字出现次数不超过k(预先给定)次的情况下最多能保留几个数字。
从前往后扫一遍，找到每个数字前面的第k个相同的数字的位置pos，右区间>=i且左区间<=pos的时候答案减1，可持久化线段树维护即可。
复杂度nlogn
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<vector>
#define MN 100000
using namespace std;
inline int read()
{
int x = , f = ; char ch = getchar();
while(ch < '' || ch > ''){ if(ch == '-') f = -; ch = getchar();}
while(ch >= '' && ch <= ''){x = x * + ch - '';ch = getchar();}
return x * f;
}
vector<int> v[MN+];
int n,k,num[MN+],rt[MN+],cnt=,last=,a[MN+];
struct Tree{int l,r,x;}T[]; void Modify(int x,int nx,int k)
{
int l=,r=n,mid;T[nx].x=T[x].x+;
while(l<r)
{
mid=l+r>>;
if(k<=mid)T[nx].r=T[x].r,T[nx].l=++cnt,x=T[x].l,nx=T[nx].l,r=mid;
else T[nx].l=T[x].l,T[nx].r=++cnt,x=T[x].r,nx=T[nx].r,l=mid+;
T[nx].x=T[x].x+;
}
} int Query(int x,int k)
{
int sum=,l=,r=n,mid;
while(l<r)
{
mid=l+r>>;
if(k<=mid) sum+=T[T[x].r].x,x=T[x].l,r=mid;
else x=T[x].r,l=mid+;
}
return sum+T[x].x;
} int main()
{
n=read();k=read();
for(int i=;i<=n;++i)
v[a[i]=read()].push_back(i);
for(int i=;i<=n;++i)
if(++num[a[i]]>k)
Modify(rt[i-],rt[i]=++cnt,v[a[i]][num[a[i]]-k-]);
else rt[i]=rt[i-];
for(int q=read();q;--q)
{
int l=(read()+last)%n+,r=(read()+last)%n+;
if(l>r) swap(l,r);
printf("%d\n",last=(r-l+)-Query(rt[r],l));
}
return ;
}
F.
给你n个点，支持删边，加边，询问是否是二分图。
n,q<=10^5
考虑线段树分治避免删除操作，然后带权并差集+启发式合并维护答案即可。
复杂度nlog^2n
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<map>
#include<vector>
#define pa pair<int,int>
#define mp(x,y) make_pair(x,y)
#define MN 100000
using namespace std;
inline int read()
{
int x = ,f = ; char ch = getchar();
while(ch < '' || ch > ''){if(ch == '-') f = ;ch = getchar();}
while(ch >= '' && ch <= ''){x = x * + ch - '';ch = getchar();}
return f?x:-x;
}
bool Ans[MN+];
map<long long,int> mp;
int n,q,cnt=,fa[MN+],W[MN+],val[MN+],size[MN+],A[MN+],B[MN+];
struct Tree{int l,r;vector<pa> x;vector<int> v;}T[MN*+]; void Ins(int x,int l,int r,pa v)
{
if(T[x].l==l&&T[x].r==r) {T[x].x.push_back(v);return;}
int mid=T[x].l+T[x].r>>;
if(r<=mid) Ins(x<<,l,r,v);
else if(l>mid) Ins(x<<|,l,r,v);
else Ins(x<<,l,mid,v),Ins(x<<|,mid+,r,v);
} void build(int x,int l,int r)
{
if((T[x].l=l)==(T[x].r=r))return;
int mid=l+r>>;
build(x<<,l,mid);
build(x<<|,mid+,r);
}
inline int getfa(int x)
{
if(fa[x]==x) return x;
int F=getfa(fa[x]);
return val[x]=val[fa[x]]^W[x],F;
}
void Solve(int k,bool flag)
{
for(int i=;i<T[k].x.size();++i)
{
int x=T[k].x[i].first,y=T[k].x[i].second;
int f1=getfa(x),f2=getfa(y);
if(size[f1]>size[f2]) swap(f1,f2);
if(f1==f2) flag|=(val[x]==val[y]);
else
{
size[f2]+=size[f1];fa[f1]=f2;
W[f1]=val[x]==val[y];
T[k].v.push_back(f1);
}
}
if(T[k].l==T[k].r) Ans[T[k].l]=flag;
else Solve(k<<,flag),Solve(k<<|,flag);
for(int i=;i<T[k].v.size();++i)
{
int x=T[k].v[i];fa[x]=x;
size[fa[x]]-=size[x];W[x]=val[x]=;
}
} int main()
{
n=read();q=read();build(,,q);
for(int i=;i<=n;++i) fa[i]=i,size[i]=,val[i]=W[i]=;
for(int i=;i<=q;++i)
{
int x=read(),y=read();
if(mp[1LL*x*MN+y])
{
Ins(,mp[1LL*x*MN+y],i-,mp(x,y));
mp[1LL*x*MN+y]=;
}
else mp[1LL*x*MN+y]=i;
A[i]=x;B[i]=y;
}
for(int i=;i<=q;++i)
{
int x=mp[1LL*A[i]*MN+B[i]];
if(x) mp[1LL*A[i]*MN+B[i]]=,Ins(,x,q,mp(A[i],B[i]));
}
Solve(,);
for(int i=;i<=q;++i) puts(Ans[i]?"NO":"YES");
return ;
}