题解报告：hdu 2516 取石子游戏（斐波那契博弈）

Problem Description

1堆石子有n个,两人轮流取.先取者第1次可以取任意多个，但不能全部取完.以后每次取的石子数不能超过上次取子数的2倍。取完者胜.先取者负输出"Second win".先取者胜输出"First win".

Input

输入有多组.每组第1行是2<=n<2^31. n=0退出.

Output

先取者负输出"Second win". 先取者胜输出"First win". 参看Sample Output.

Sample Input

10000

Sample Output

Second win

First win

解题思路：斐波那契博弈。斐波那契博弈模型，大致上是这样的：有一堆个数为 n 的石子，游戏双方轮流取石子，满足：

1. 先手不能在第一次把所有的石子取完；
2. 之后每次可以取的石子数介于1到对手刚取的石子数的2倍之间（包含1和对手刚取的石子数的2倍）。
约定取走最后一个石子的人为赢家，求必败态。
我们简单举几个栗子：

当n=2时，后手必赢；

当n=3时，后手必赢；

当n=4时，只要先手取1个，剩下3个，无论后手取多少个，先手必赢；

当n=5时，①若先手先取1个，剩下4个，此时后手掌握n=4这种局面，则后手必赢；②若先手取2个，根据规则，后手可以一次性取完剩下的3个，则后手必赢；所以先手无论怎么取，此时后手必赢。

当n=6时，先手只要取1个，先手就掌握了n=5这种局面，即先手必赢；

当n=7时，先手只要取2个，先手就掌握了n=5这种局面，即先手必赢；

当n=8时，①若先手取1个时，后手就掌握了n=7这种局面，即后手必赢；②若先手取2个时，后手就掌握了n=6这种局面，即后手必赢；③若先手取3个，根据规则，后手可以一次性取走剩下的5个，剩下的情况都是后手必赢；所以无论先手怎么取，此时后手必赢。

......

继续推导下去，我们可以发现，只要n满足斐波那契数列2，3，5，8，13......，则后手必赢，否则先手必赢。相关证明看这：斐波那契博弈

由于n在int范围内，且fib[45]刚好超过int范围，所以fib数组长度只需为44即可。

AC代码：

 #include<bits/stdc++.h>

 using namespace std;

 int main()

 {

     int n,fib[]={,};bool flag;

     for(int i=;i<;++i)//只需枚举44个fib数即可

         fib[i]=fib[i-]+fib[i-];

     while(cin>>n && n){

         flag=false;

         for(int i=;i<;++i)

             if(fib[i]==n){flag=true;break;}

         if(flag)cout<<"Second win"<<endl;//如果满足斐波那契数列，则后手必赢

         else cout<<"First win"<<endl;//否则先手必赢

     }

     return ;

 }

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