全局存储器，即普通的显存，整个网格中的随意线程都能读写全局存储器的任何位置。
存取延时为400-600 clock cycles 很easy成为性能瓶颈。
訪问显存时，读取和存储必须对齐，宽度为4Byte。假设没有正确的对齐，读写将被编译器拆分为多次操作，减少訪存性能。
多个warp的读写操作假设可以满足合并訪问，则多次訪存操作会被合并成一次完毕。合并訪问的条件，1.0和1.1的设备要求较严格，1.2及更高能力的设备上放宽了合并訪问的条件。
1.2及其更高能力的设备支持对8 bit、16 bit、32 bit、64 bit数据字的合并訪问，对应的段的大小为：32Byte 64Byte 128Byte，大于128Byte，分两次传输。
在一次合并传输的数据中，不要求线程编号和訪问的数据字编号同样。
当訪问128Byte数据时，假设地址没有对齐到128Byte时，在GT200会产生两次合并訪存。依据每一个区域的大小，分为两次合并訪存，如图所看到的32Byte和96Byte。
全局存储器在使用的时候，主要注意的两个问题：
1. 数据对齐的问题。一维数据使用cudaMalloc()开辟gpu全局内存空间，多维数据建议使用cudaMallocPitch()建立内存空间，以保证段对齐。cudaMallocPitch函数分配的内存中，数组的每一行的第一个元素的開始地址都保证是对齐的。由于每行有多少个数据是不确定的widthofx*sizeof(元素)不一定是256的倍数。故此，为保证数组的每一行的第一个元素的開始地址对齐，cudaMallocPitch在分配内存时，每行会多分配一些字节，以保证widthofx*sizeof(元素)+多分配的字节是256的倍数(对齐)。这样，y*widthofx*sizeof(元素)+x*sizeof(元素)来计算a[y][x]的地址就不对了。而应该是y*[widthofx*sizeof(元素)+多分配的字节]+x*sizeof(元素)。而函数中返回的pitch的值就是widthofx*sizeof(元素)+多分配的字节。
2. 合并訪问。关键就是要理解，GPU是以half-warp（1.2及更高设备为warp）进行訪存时，即16个线程一起訪问存储器，到这16个线程的訪问的地址在同一块区域（指硬件上能够一起传送宽度）时，而且没有冲突产生时，则这块区域的数据能够被线程同一时候，提升了訪存的效率。