题意:
给定n项任务, 每项任务的完成用时t和完成每项任务前需要的k项任务, 求把所有任务完成的最短时间,有当前时间多项任务都可完成, 那么可以同时进行。
分析:
这题关键就是每项任务都会有先决条件, 要完成该项任务a必须先完成他的先决条件。
所以对于每个先决条件, 我们构建一条有向边到任务本身, 然后因为要求一个最小值, 按照最长路的方式松弛(dis[v] >= dis[u] + d, u是v的先决条件, d是v的完成时间,我们以边的终点完成时间作为边的权), 遇到没有出度的边记录答案。
方法一:最长路(2016ms)
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<string>
#include<map>
#include<stack>
#include<vector>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#define rep(i,a,b) for(int i = a; i < b; i++)
#define _rep(i,a,b) for(int i = a; i <= b; i++)
using namespace std;
const int inf = 1e9 + ;
const int maxn = + ;
int n, m;
vector<int> G[maxn];
int d[maxn]; //每条边以终点时间作为权值
int dis[maxn], vis[maxn];
int spfa(){
int ans = -inf;
fill(dis, dis+maxn, -inf); //求最长路
queue<int> q;
dis[] = ;
q.push();//0点入队
vis[] = ;
while(!q.empty()){
int u = q.front();
for(int i = ; i < G[u].size(); i++){
int v = G[u][i]; if(dis[v] < dis[u] + d[v]){
dis[v] = dis[u] + d[v];//每条边以终点时间作为权值
if(G[v].size() == ) {//如果没有出边, 说明它不会对后面有任何影响, 它可能就是答案之一
ans = max(dis[v], ans);//直接更新答案
continue;
}
if(!vis[v]){
vis[v] = ;
q.push(v);
}
}
}
vis[u] = ;
q.pop();
}
return ans;
}
int main()
{
scanf("%d", &n);
_rep(i,,n){
scanf("%d", &d[i]);
int k, v;
scanf("%d", &k);
if(k == ){
G[].push_back(i);//假设有一个0点连向所有入度为0的点, 方便处理
}else{
rep(j,,k){
scanf("%d", &v);
G[v].push_back(i);
}
}
}
printf("%d\n",spfa() );
}
方法二 DP(344ms)
那么我们可以转化一下,假设该项任务有k项先决条件
dp[i]代表完成该项任务的最早时间, 最后找出最大的dp[i]就是答案。
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<string>
#include<map>
#include<stack>
#include<vector>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#define rep(i,a,b) for(int i = a; i < b; i++)
#define _rep(i,a,b) for(int i = a; i <= b; i++)
using namespace std;
const int inf = 1e9 + ;
const int maxn = + ;
int worktime[maxn], dp[maxn];
int n, m;
int main()
{
// freopen("1.txt","r", stdin);
scanf("%d", &n);
int ans = -inf;
_rep(i,,n){
scanf("%d", &worktime[i]);//工作时间
int k, v;
scanf("%d", &k);
if(k == ){
dp[i] = worktime[i];
}else{
rep(j,,k){
scanf("%d", &v);
dp[i] = max(dp[i] , dp[v] + worktime[i]);//找出最晚的先决条件
}
}
ans = max(ans, dp[i]);
}
printf("%d\n", ans );
}
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