Given a set of distinct integers, S, return all possible subsets.
Note:
- Elements in a subset must be in non-descending order.
- The solution set must not contain duplicate subsets.
For example,
If S = [1,2,3], a solution is:
[
[3],
[1],
[2],
[1,2,3],
[1,3],
[2,3],
[1,2],
[]
] 本文地址
分析：求集合的所有子集问题。题目要求子集中元素非递减序排列，因此我们先要对原来的集合进行排序。原集合中每一个元素在子集中有两种状态：要么存在、要么不存在。这样构造子集的过程中每个元素就有两种选择方法：选择、不选择，因此可以构造一颗二叉树，例如对于例子中给的集合[1,2,3]，构造的二叉树如下（左子树表示选择该层处理的元素，右子树不选择），最后得到的叶子节点就是子集：
算法1：根据上面的启发，我们可以用dfs来得到树的所有叶子节点，代码如下：
1 class Solution {
2 private:
3 vector<vector<int> >res;
4 public:
5 vector<vector<int> > subsets(vector<int> &S) {
6 // IMPORTANT: Please reset any member data you declared, as
7 // the same Solution instance will be reused for each test case.
8 //先排序，然后dfs每个元素选或者不选，最后叶子节点就是所有解
9 res.clear();
10 sort(S.begin(), S.end());
11 vector<int>tmpres;
12 dfs(S, 0, tmpres);
13 return res;
14 }
15 void dfs(vector<int> &S, int iend, vector<int> &tmpres)
16 {
17 if(iend == S.size())
18 {res.push_back(tmpres); return;}
19 //选择S[iend]
20 tmpres.push_back(S[iend]);
21 dfs(S, iend+1, tmpres);
22 tmpres.pop_back();
23 //不选择S[iend]
24 dfs(S, iend+1, tmpres);
25 }
26 };
算法2：从上面的二叉树可以观察到，当前层的集合 = 上一层的集合 + 上一层的集合加入当前层处理的元素得到的所有集合（其中树根是空集），因此可以从第二层开始（第一层是空集合）迭代地求最后一层的所有集合（即叶子节点），代码如下：
1 class Solution {
2 public:
3 vector<vector<int> > subsets(vector<int> &S) {
4 // IMPORTANT: Please reset any member data you declared, as
5 // the same Solution instance will be reused for each test case.
6 int len = S.size();
7 sort(S.begin(), S.end());
8 vector<vector<int> > res(1);//开始加入一个空集
9 for(int i = 0; i < len; ++i)
10 {
11 int resSize = res.size();
12 for(int j = 0; j < resSize; j++)
13 {
14 res.push_back(res[j]);
15 res.back().push_back(S[i]);
16 }
17 }
18 return res;
19 }
20 };
算法3：可以根据二进制的思想，比如对于3个元素的集合，000表示一个元素都不选择，001表示选择第一个元素，101表示选择第一个和第三个元素...。因此如果集合大小为n，我们只需要让一个整数从0逐渐增加到2^n-1, 每个整数的二进制形式可以表示一个集合。如果用整数的二进制表示集合，这个算法有个限制，最大能表示集合元素的个数为64（unsigned long long）。如果使用bitmap，然后模拟二进制的加1操作，则对集合大小就没有限制。刚好这一题集合的大小不超过64
1 class Solution {
2 public:
3 vector<vector<int> > subsets(vector<int> &S) {
4 // IMPORTANT: Please reset any member data you declared, as
5 // the same Solution instance will be reused for each test case.
6 int len = S.size();
7 sort(S.begin(), S.end());
8 vector<vector<int> > res(1);//开始加入一个空集
9
10 unsigned long long bit = 1, bitmax = (1<<len);
11 vector<int> tmpres;
12 while(bit < bitmax)
13 {
14 tmpres.clear();
15 unsigned long long curBit = bit;
16 for(int i = 0; i < len; i++)//依次检测前len个二进制位
17 {
18 if(curBit & 1)
19 tmpres.push_back(S[i]);
20 curBit >>= 1;
21 }
22 res.push_back(tmpres);
23 bit++;
24 }
25 return res;
26 }
27 };
Given a collection of integers that might contain duplicates, S, return all possible subsets.
Note:
- Elements in a subset must be in non-descending order.
- The solution set must not contain duplicate subsets.
For example,
If S = [1,2,2], a solution is:
[
[2],
[1],
[1,2,2],
[2,2],
[1,2],
[]
]
分析：在上一题的基础上，可以允许集合中包含重复元素，我们也把相应的二叉树画出类，以集合{1,2,2}举例
算法1：dfs解法。注意到处理第三个元素2时，因为前面已经处理了一次2，所有第三层中，我们只在已经添加过2的集合{1,2}、{2}上再添加2，而没有在集合{1}, {}上添加2（画叉叉的那么分支），假设下面还有一个2，那么我们只在第四层的包含两个2的集合{1,2,2}、{2,2}上再添加2，其它都不添加。因此dfs时，如果当前处理的数字前面出现了k次，那么我们要处理的集合中必须包含k个该元素。代码如下：
1 class Solution {
2 private:
3 vector<vector<int> >res;
4 public:
5 vector<vector<int> > subsetsWithDup(vector<int> &S) {
6 // IMPORTANT: Please reset any member data you declared, as
7 // the same Solution instance will be reused for each test case.
8 //先排序，然后dfs每个元素选或者不选，最后叶子节点就是所有解
9 res.clear();
10 sort(S.begin(), S.end());
11 vector<int>tmpres;
12 dfs(S, 0, tmpres);
13 return res;
14 }
15 void dfs(vector<int> &S, int iend, vector<int> &tmpres)
16 {
17 if(iend == S.size())
18 {res.push_back(tmpres); return;}
19 int firstSame = iend;
20 while(firstSame >=0 && S[firstSame] == S[iend])firstSame--;
21 firstSame++; //firstSame是第一个和S[iend]相同数字的位置
22 int sameNum = iend - firstSame;//和S[iend]相同数字的个数(除自己)
23 if(sameNum == 0 ||
24 (tmpres.size() >= sameNum && tmpres[tmpres.size() - sameNum] == S[iend]))
25 {
26 //选择S[iend]
27 tmpres.push_back(S[iend]);
28 dfs(S, iend+1, tmpres);
29 tmpres.pop_back();
30 }
31 //不选择S[iend]
32 dfs(S, iend+1, tmpres);
33 }
34 };
算法2：在上一题算法2的基础上，如果当前处理的元素没有出现过，则把前面得到的所有集合加上该元素；如果出现过，则只把上一轮处理的集合加上该元素。比如处理第二个2时（二叉树第三层），我们只把上一轮添加过数字的集合{1,2}、{2}再添加一个2加入结果中，{1}、{}是从上一层直接继承下来的，所以不作处理。代码如下：
1 class Solution {
2 private:
3 vector<vector<int> >res;
4 public:
5 vector<vector<int> > subsetsWithDup(vector<int> &S) {
6 // IMPORTANT: Please reset any member data you declared, as
7 // the same Solution instance will be reused for each test case.
8 int len = S.size();
9 sort(S.begin(), S.end());
10 vector<vector<int> > res(1);//开始加入一个空集
11 int last = S[0], opResNum = 1;//上一个数字、即将要进行操作的子集数量
12 for(int i = 0; i < len; ++i)
13 {
14 if(S[i] != last)
15 {
16 last = S[i];
17 opResNum = res.size();
18 }
19 //如果有重复数字，即将操作的子集的数目和上次相同
20 int resSize = res.size();
21 for(int j = resSize-1; j >= resSize - opResNum; j--)
22 {
23 res.push_back(res[j]);
24 res.back().push_back(S[i]);
25 }
26 }
27 return res;
28 }
29 };
上一题基于二进制思想的算法3不适合于包含重复元素的集合
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