Description
现在小朋友们最喜欢的"喜羊羊与灰太狼",话说灰太狼抓羊不到，但抓兔子还是比较在行的，
而且现在的兔子还比较笨，它们只有两个窝，现在你做为狼王，面对下面这样一个网格的地形：
左上角点为(1,1),右下角点为(N,M)(上图中N=4,M=5).有以下三种类型的道路
1:(x,y)<==>(x+1,y)
2:(x,y)<==>(x,y+1)
3:(x,y)<==>(x+1,y+1)
道路上的权值表示这条路上最多能够通过的兔子数，道路是无向的. 左上角和右下角为兔子的两个窝，
开始时所有的兔子都聚集在左上角(1,1)的窝里，现在它们要跑到右下解(N,M)的窝中去，狼王开始伏击
这些兔子.当然为了保险起见，如果一条道路上最多通过的兔子数为K，狼王需要安排同样数量的K只狼，
才能完全*这条道路，你需要帮助狼王安排一个伏击方案，使得在将兔子一网打尽的前提下，参与的
狼的数量要最小。因为狼还要去找喜羊羊麻烦.
Input
第一行为N,M.表示网格的大小，N,M均小于等于1000.
接下来分三部分
第一部分共N行，每行M-1个数，表示横向道路的权值.
第二部分共N-1行，每行M个数，表示纵向道路的权值.
第三部分共N-1行，每行M-1个数，表示斜向道路的权值.
输入文件保证不超过10M
Output
输出一个整数，表示参与伏击的狼的最小数量.
Sample Input
3 4
5 6 4
4 3 1
7 5 3
5 6 7 8
8 7 6 5
5 5 5
6 6 6
5 6 4
4 3 1
7 5 3
5 6 7 8
8 7 6 5
5 5 5
6 6 6
Sample Output
14
正解：Dinic（裸网络流）
解题报告：
大概题意是给一个网格图，然后横向、竖向、斜向都有边相连，然后问图的最小割
上网查满地跑的对偶图，然后学了一下对偶图，但并不打算用转对偶图，尽管好像很简单
于是试图用Dicnic强上，直接把每条边连进去，暴力网络流。
就当网络流练手题吧。
值得一提的是，需要用一些优化不然会TLE：当发现拓展到当前的结点发现可拓展流量为0，那么这个点在这下一次重新BFS建分层图时显然不会再用的上（画个图yy一下就可以了） 所以直接dis[now]=-1，相当于把它“堵塞”住了。
//It is made by jump~
#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <algorithm>
#include <ctime>
#include <vector>
#include <queue>
#include <map>
#ifdef WIN32
#define OT "%I64d"
#else
#define OT "%lld"
#endif
using namespace std;
typedef long long LL;
const int MAXM = ;
const int MAXN = ;
int inf;
int n,m;
int first[MAXN];
int ecnt;
int s,t;
int dis[MAXN];
int ans; struct edge{
int v,f;
int next;
}e[MAXM]; inline int getint()
{
int w=,q=;
char c=getchar();
while((c<'' || c>'') && c!='-') c=getchar();
if (c=='-') q=, c=getchar();
while (c>='' && c<='') w=w*+c-'', c=getchar();
return q ? -w : w;
} inline void link(int x,int y,int z){
e[++ecnt].next=first[x]; first[x]=ecnt; e[ecnt].v=y; e[ecnt].f=z;
e[++ecnt].next=first[y]; first[y]=ecnt; e[ecnt].v=x; e[ecnt].f=z;
} inline bool bfs(){
memset(dis,/,sizeof(dis));
int cun=dis[t];
queue<int>Q;
while(!Q.empty()) Q.pop(); dis[]=; Q.push();
while(!Q.empty()) {
int u=Q.front(); Q.pop();
for(int i=first[u];i;i=e[i].next) {
if(e[i].f && dis[e[i].v]==cun) {
dis[e[i].v]=dis[u]+; Q.push(e[i].v);
}
}
if(dis[t]!=cun) return true;
} return false;
} inline int maxflow(int now,int remain){
if(remain== || now==t) return remain;
int flow=;
for(int i=first[now];i;i=e[i].next){
if(dis[e[i].v]==dis[now]+ && e[i].f){
int f=maxflow(e[i].v,min(remain,e[i].f));
if(f) {
e[i].f-=f; e[i^].f+=f;
flow+=f; remain-=f;
if(remain==) return flow;
}
else dis[e[i].v]=-;
}
}
return flow;
} inline void solve(){
s=,t=n*m; inf=;
for(int i=;i<=;i++) inf*=;
while(bfs()) {
ans+=maxflow(s,inf);
}
printf("%d",ans);
} int main()
{
n=getint(); m=getint(); int x; ecnt=;
int nowx,nownex;
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<m;j++){
nowx=(i-)*m+j,nownex=nowx+;
x=getint(); link(nowx,nownex,x);
} for(int i=;i<n;i++)
for(int j=;j<=m;j++) {
nowx=(i-)*m+j,nownex=nowx+m;
x=getint(); link(nowx,nownex,x);
} for(int i=;i<n;i++)
for(int j=;j<m;j++) {
nowx=(i-)*m+j,nownex=nowx+m+;
x=getint(); link(nowx,nownex,x);
} solve();
return ;
}