题目链接：Inversion Counting
题意：
定义数列{ai|i=1,2,...,n}的逆序对如下：对于所有的1≤j<i≤n，若ai<aj，则<i,j>为一个逆序对。于是，对于一个数列a[1..n]，给定m次操作。对于每一次操作，给定l,r(1≤l<r≤n)，将序列a[l..r]倒置。求倒置后的逆序对的数量的奇偶性。
题解：
假设现在我们有一个序列并翻转这个序列[l,r]区间里面的数。假设某个数的k值是指在这个值后面小于这个数的数的个数，其实我们可以发现对于[1,l-1]区间中所有的数的k值并没有变化，同样的对于[r+1,n]区间中的所有数的k值也没有变化。那么我们只用考虑[l,r]区间内k值的变化，对于[l,r]中的某个数x，那么x的k值等于[x,r] + [r+1,n]区间小于x的数的个数，那么后一个区间[r+1,n]的影响同样不变，那现在我们只用只用考虑[x,r]区间对x的k值的影响了，假设没有翻转前[l,r]区间k值为a,则翻转后k值为(r-l+1)*(r-l)/2 - a（可以自己验证一下～）。所以整个序列k值相当于从 k 变到了 (r-l+1)×(r-l)/2 - a，差就为(r-l+1)×(r-l)/2 - 2×a。因为2×a是偶数，对奇偶性没有影响，所以我们只用判断(r-l+1)×(r-l)/2的奇偶性，如果为奇数就会改变整个序列的k值数量的奇偶性，偶数则不变。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int MAX_N = 3e3+;
int res[MAX_N][MAX_N];
int vec[MAX_N];
int main()
{
int N,M,T;
while(cin>>N)
{
memset(res,,sizeof(res));
for(int i=;i<=N;i++)
{
scanf("%d",&vec[i]);
}
int sum = ;
for(int i=;i<N;i++)
{
for(int j=i+;j<=N;j++)
{
if(vec[j] < vec[i]) sum++;
}
}
int flag = ;
if(sum%) flag = ;
else flag = ;
cin>>M;
for(int i=;i<M;i++)
{
int l,r;
scanf("%d%d",&l,&r);
int x = r-l+;
int t = (x*(x-)/)%;
flag ^=t;
if(flag) cout<<"odd"<<endl;
else cout<<"even"<<endl;
} }
return ;
}