题目六：
题解：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[100100], b[100100], c[100100];
int main()
{
int n;
scanf("%d", &n);
for(int i = 0; i < n; i++)
{
scanf("%d", &a[i]);
}
for(int i = 0; i < n; i++)
{
scanf("%d", &b[i]);
}
for(int i = 0; i < n; i++)
{
scanf("%d", &c[i]);
}
int ans = 0;
sort(a, a+n);
sort(b, b+n);
sort(c, c+n);
for(int i = 0; i < n; i++)
{
int x = lower_bound(a, a+n, b[i]) - a;
int y = upper_bound(c, c+n, b[i]) - c;
//cout << x << " " << y << endl;
ans += (n-y) * x;
}
cout << ans << endl;
return 0;
}
/*
3
1 1 1
2 2 2
3 3 3
*/
这样的解法就省去了很多暴力for循环，
lower_bound(first, last, val)表示第一个大于等于b[i]的位置，
upper_bound(first, last, val)表示第一个大于val的位置。
题目七：
题解：
懒得写具体代码了，主要就是根据
主要根据点（-1，-1）（-x，-x）正好是x个正方形的和（比如（-1，-1）对应的就是sum = 2×4 = 8后面就是sum = sum + 2×x×4，（这是规律）再根据前进后退推出每个点的步数.
题目八：
题解：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 1e5 + 5;
vector<int> num[maxn];
int n, d, k;
int judge(int x)
{
int len = num[x].size();
if(len < k ) return 0;
//cout <<
sort(num[x].begin(), num[x].end());
//cout << x << endl;
for(int i = 0; i < k; i++)
{
//cout << num[x][i] << " " ;
}
//cout << endl;
for(int i = 0; i+k-1 < len; i++)
{
//cout << num[x][i+k-1] << " " << num[x][i] << endl;
if(num[x][i+k-1] - num[x][i] < d)
{
return 1;
}
}
return 0;
}
int main()
{
scanf("%d %d %d", &n, &d, &k);
for(int i = 0; i < n; i++)
{
int ts, id;
scanf("%d %d", &ts, &id);
num[id].push_back(ts);
}
for(int i = 0; i < maxn; i++)
{
if(judge(i))
{
printf("%d\n", i);
}
}
}
/*
7 10 2
0 1
0 10
10 10
10 1
9 1
100 3
100 3
*/
题目九：
题解：很简的一个dfs，就不再写了 代码
先是根据dfs和vis统计岛屿数量，然后根据每个海域的上下左右四个方向均为非岛屿变化，即侵蚀过程，最后再统计一遍岛屿数量，两次记录相减即可。
忽然发现似乎自己这个问题漏掉了一个特殊点，存在有一个岛屿变成两个岛屿的特殊情况要考虑。
题目十：
