[LeetCode]wildcard matching通配符实现之贪心法

'?'匹配任意字符，'*'匹配任意长度字符串

Some examples:
isMatch("aa","a") → false
isMatch("aa","aa") → true
isMatch("aaa","aa") → false
isMatch("aa", "*") → true
isMatch("aa", "a*") → true
isMatch("ab", "?*") → true
isMatch("aab", "c*a*b") → false

The function prototype should be:
bool isMatch(const char *s, const char *p)

思路其实更简单,和递归的有点像,两个字符串从头开始匹配，不匹配直接返回false，匹配，则两个指针都加1,若p遇到*,则s++一直到匹配到p+1,当然要记录此时p和s的位置,以便下次回溯.
还是用图片说明吧:


用该方法,最差情况下复杂度为len_s*len_p,绝大情况下其实小很多.具体代码如下:

class Solution {
public:
    bool isMatch(const char *s, const char *p) {
        const char *last_s = NULL;
        const char *last_p = NULL;
        while ('\0' != *s || '*' == *p)
        {
            if (*s == *p || '?' == *p)
            {
                s++;
                p++;
                continue;
            }
            if ('*' == *p)
            {
                while ('*' == *p)
                {
                    last_p = p;
                    p++;
                }
                while ('\0' != *s && (*s != *p && '?' != *p))
                {
                    s++;
                }
                last_s = s;
                continue;
            }
            if (last_p != NULL)
            {
                p = last_p;
                s = last_s+1;
                continue;
            }
            return false;
        }
        if ('\0' == *p)
        {
            return true;
        }
        return false;
    }
};

这次终于AC了.

最初的时候直观的感觉如果p中有n个*就要保存多个n个位置以回溯,其实不用,只要保证前面的子串匹配了,后面的*匹配不受影响,就是有多种匹配方案,但是只要找到一种就可以了.

这个解决方案感觉不是很美,一是思路不清爽,很容易忽略一些特殊情况,Wrong Answer了两次才成功;二是不像前两种,能解决s和p都带有通配符的情况,只能做只有p中有通配符,s中也有的情况感觉分析起来很复杂,不直观.

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