题目：http://cojs.tk/cogs/problem/problem.php?pid=1672
1672. [SPOJ375 QTREE]难存的情缘
★★★☆ 输入文件：qtree.in 输出文件：qtree.out 简单对比
时间限制：1 s 内存限制：256 MB
【题目描述】
一天机房的夜晚，无数人在MC里奋斗着。。。
大家都知道矿产对于MC来说是多么的重要，但由于矿越挖越少，勇士们不得不跑到更远的地方挖矿，但这样路途上就会花费相当大的时间，导致挖矿效率低下。
cjj提议修一条铁路，大家一致同意。
大家都被CH分配了一些任务：
zjmfrank2012负责绘制出一个矿道地图，这个地图包括家（当然这也是一个矿，毕竟不把家掏空我们是不会走的），和无数个矿，所以大家应该可以想出这是一个无向无环图，也就是一棵树。
Digital_T和cstdio负责铺铁路。。所以这里没他们什么事，两位可以劳作去了。
这个时候song526210932和RMB突然发现有的矿道会刷怪，并且怪的数量会发生变化。作为采矿主力，他们想知道从一个矿到另一个矿的路上哪一段会最困难。。。（困难值用zjm的死亡次数表示）。
【输入格式】
输入文件的第一行有一个整数N，代表矿的数量。矿的编号是1到N。
接下来N-1行每行有三个整数a,b,c，代表第i号矿和第j号矿之间有一条路，在初始时这条路的困难值为c。
接下来有若干行，每行是“CHANGE i ti”或者“QUERY a b”，前者代表把第i条路（路按所给顺序从1到M编号）的困难值修改为ti，后者代表查询a到b所经过的道路中的最大困难值。
输入数据以一行“DONE”结束。
【输出格式】
对每个“QUERY”操作，输出一行一个正整数，即最大困难值。
【样例输入】
3
1 2 1
2 3 2
QUERY 1 2
CHANGE 1 3
QUERY 1 2
DONE
【样例输出】
1
3
【提示】
对于60%的数据，1<=N<=50
对于100%的数据，1<=N<=10000，1<=c<=1000000,1<=操作次数<=100000
【来源】
由GDFRWMY 改编自SPOJ 375 QTREE
数据by cstdio
题解：
直接LCT维护最大值即可。。。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define MAXN 10010
struct node
{
int left,right,val;
}tree[*MAXN];
int father[*MAXN],rev[*MAXN],mx[*MAXN],Stack[*MAXN];
int read()
{
int s=,fh=;char ch=getchar();
while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')fh=-;ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<=''){s=s*+(ch-'');ch=getchar();}
return s*fh;
}
int isroot(int x)
{
return tree[father[x]].left!=x&&tree[father[x]].right!=x;
}
void pushdown(int x)
{
int l=tree[x].left,r=tree[x].right;
if(rev[x]!=)
{
rev[x]^=;rev[l]^=;rev[r]^=;
swap(tree[x].left,tree[x].right);
}
}
void pushup(int x)
{
int l=tree[x].left,r=tree[x].right;
mx[x]=x;
if(tree[mx[l]].val>tree[mx[x]].val)mx[x]=mx[l];
if(tree[mx[r]].val>tree[mx[x]].val)mx[x]=mx[r];
}
void rotate(int x)
{
int y=father[x],z=father[y];
if(!isroot(y))
{
if(tree[z].left==y)tree[z].left=x;
else tree[z].right=x;
}
if(tree[y].left==x)
{
father[x]=z;father[y]=x;tree[y].left=tree[x].right;tree[x].right=y;father[tree[y].left]=y;
}
else
{
father[x]=z;father[y]=x;tree[y].right=tree[x].left;tree[x].left=y;father[tree[y].right]=y;
}
pushup(y);pushup(x);
}
void splay(int x)
{
int top=,i,y,z;Stack[++top]=x;
for(i=x;!isroot(i);i=father[i])Stack[++top]=father[i];
for(i=top;i>=;i--)pushdown(Stack[i]);
while(!isroot(x))
{
y=father[x];z=father[y];
if(!isroot(y))
{
if((tree[y].left==x)^(tree[z].left==y))rotate(x);
else rotate(y);
}
rotate(x);
}
}
void access(int x)
{
int last=;
while(x!=)
{
splay(x);
tree[x].right=last;pushup(x);
last=x;x=father[x];
}
}
void makeroot(int x)
{
access(x);splay(x);rev[x]^=;
}
void link(int u,int v)
{
makeroot(u);father[u]=v;splay(u);
}
void cut(int u,int v)
{
makeroot(u);access(v);splay(v);father[u]=tree[v].left=;
}
int findroot(int x)
{
access(x);splay(x);
while(tree[x].left!=)x=tree[x].left;
return x;
}
int main()
{
freopen("qtree.in","r",stdin);
freopen("qtree.out","w",stdout);
int n,i,bb,ee,vv,a,b;
char fh[];
n=read();
memset(mx,,sizeof(mx));//瀛樻渶澶у€肩殑缂栧彿.
for(i=;i<=n;i++)mx[i]=i;
for(i=;i<n;i++)
{
bb=read();ee=read();vv=read();
tree[n+i].val=vv;
link(bb,n+i);link(ee,n+i);
}
while()
{
scanf("\n%s",fh);
if(fh[]=='D')break;
if(fh[]=='Q')
{
a=read();b=read();
makeroot(a);access(b);splay(b);
printf("%d\n",tree[mx[b]].val);
}
else
{
a=read();b=read();
makeroot(n+a);tree[n+a].val=b;
}
}
fclose(stdin);
fclose(stdout);
return ;
}
树链剖分。。。此坑未填。。。