简要题意：给一颗(n)个点的二叉树，
par[i]=i/2，每个点有(a[i])个果实，有(m)次操作，每次在(uto v)（保证(u)是(v)的祖先）中取不超过(c)个果实，每取一个贡献(w)的收益
首先可以暴力建边然后费用流。考虑优化，有一种显然的贪心策略：按照(w)从大到小依次尽量选最多，判断可以二分加二分图匹配。
考虑霍尔定理，相当于对于任意子集的并，(sum _{i in S} a[i] ge sum _{u_iin S & v_iin S} c_i)。
显然我们只需要考虑这个并是一个联通块的情况。考虑(dp)出以(i)为根的最小子树。
因为确定了根，我们可以把(c_i)赋值到(v_i)上。
转移是
[ f[i][j] = min (f[i*2][j],0) min (f[i*2 1][j],0-0) val[i][j] ]
预处理(nlog n)，插入一条链以及算包含一条链的最小联通块复杂度(nlog ^2n)。
代码
#include<bits/stdc .h>
using namespace std;
const int N=2e5 5;
typedef long long ll;
long long f[20][N<<1],g[20][N<<1];
int dep[N],a[N];
int n,m;
ll ans=0;
struct Line{
int u,v,cap,w;
bool operator < (const Line b)const{return w < b.w;}
void read(){scanf("%d%d%d%d",&u,&v,&cap,&w);}
}l[N];
void Main(){
ans=0;
cin >> n >> m;
for(int i=1;i<=n;i )scanf("%d",&a[i]);
for(int i=1;i<=n;i ){
dep[i]=dep[i>>1] 1;
for(int j=dep[i];j;j--)g[j][i]=a[i];
}
for(int i=1;i<=dep[n];i ){
for(int j=n;j;j--)f[i][j]=min(0ll,f[i][j<<1|1]) min(0ll,f[i][j<<1]) g[i][j];
}
for(int i=1;i<=m;i )l[i].read();
sort(l 1,l m 1);
for(int i=m;i;i--){
int hed=l[i].u;ll Mn=l[i].cap;
for(;hed;hed>>=1){
int d=dep[hed],nxt=l[i].v,lst=0;ll ths=0;
while(nxt!=(hed>>1)){
ths =min(0ll,(nxt<<1|1)==lst?0ll:f[d][nxt<<1|1]) min(0ll,(nxt<<1)==lst?0ll:f[d][nxt<<1]) g[d][nxt];
lst=nxt;nxt>>=1;
}
Mn=min(Mn, ths);
}
ans =l[i].w*Mn;
hed=l[i].u;
for(;hed;hed>>=1){
int nxt=l[i].v,d=dep[hed];
g[d][nxt]-=Mn;
for(;nxt;nxt>>=1){
f[d][nxt]=min(0ll,f[d][nxt<<1]) min(0ll,f[d][nxt<<1|1]) g[d][nxt];
}
}
}
for(int d=1;d<=dep[n];d )for(int i=1;i<=n;i )f[d][i]=g[d][i]=0;
cout << ans << endl;
}
int main()
{
int T;cin >> T;
while(T--){
Main();
}
return 0;
}