[置顶] 快速幂运算(入门完整版)

时间:2022-06-30 20:00:23

快速幂运算

除数学问题之外,也有许多地方用到了幂运算。在此给大家介绍一种能够非常高效的计算幂运算的快速幂运算算法——反复平方法。

Carmichael Number

我们把对任意的1<x<n都有x^n=x(mod n)成立的合数n称为Carmichael Number。对于给定的整数n,判断是不是Carmichael Number。

限制条件:

2<n<6500

输入 17             输出  No(17是素数)

输入 561           输出  Yes

在这里mod,也可用%代替:

mod运算,即求余运算,是在整数运算中求一个整数x除以另一个整数y的余数的运算,且不考虑运算的商。 在计算机程序设计中都有MOD运算,它的含义是 取得两个整数相除后结果的余数 如:7 mod 3 = 1 因为7 除以 3 商2余1,余数1即MOD运算后的结果。 这有一个定理 : 两个数相乘取余等于分别取余的余数相乘再取余。与四则运算有许多相似之处
   
结合律 ((a+b) mod p + c)mod p = (a + (b+c) mod p) mod p((a*b) mod p * c)mod p = (a * (b*c) mod p) mod p
交换律 (a + b) mod p = (b+a) mod p(a × b) mod p = (b × a) mod p
分配律 ((a +b)mod p × c) mod p = ((a × c) mod p + (b × c) mod p) mod p(a×b) mod c=(a mod c * b mod c) mod c(a+b) mod c=(a mod c+ b mod c) mod c(a-b) mod c=(a mod c- b mod c) mod c

我们先从简单的例子入手:求x^n % mod 。

算法1.首先直接地来设计这个算法:

int mod1(int x,int n,int mod)
{
int ans=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
ans*=x;
}
return ans%mod;
}

这个算法的时间复杂度体现在for循环中,为O(n).这个算法存在着明显的问题,如果x和n过大,很容易就会溢出。

那么,我们先来看看第一个改进方案:在讲这个方案之前,要先有这样一个公式:

(a*b)%c = ((a%c)*b)%c

这个公式大家在离散数学或者数论当中应该学过,即积的取余等于取余的积的取余。

证明了以上的公式以后,我们可以先让a关于c取余,这样可以大大减少a的大小,溢出的可能性会大大减小

于是上面的程序进行了改进:

**算法2: *

int mod2(int x,int n,int mod)
{
x=x%mod;///这里就是改进的那一步
int ans=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
ans*=x;
}
return ans%mod;
}

聪明的读者应该可以想到,既然某个因子取余之后相乘再取余保持余数不变,那么新算得的ans也可以进行取余,所以得到比较良好的改进版本。

算法3:

int mod3(int x,int n,int mod)
{
x=x%mod;///这里就是改进的那一步
int ans=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
ans=(ans*x)%mod;///又一次改进
}
return ans%mod;
}

这个算法在时间复杂度上没有改进,仍为O(n),不过已经好很多的,但是在mod过大的条件下,还是很有可能超时,所以,我们推出以下的快速幂算法。

快速幂算法依赖于以下明显的公式,我就不证明了。

a^b mod c=(a^2)^(b/2) mod c  (b为偶数);  
a^b mod c=((a^2)^(b div 2)*a) mod c (b为奇数)

有了上述两个公式后,我们可以得出以下的结论:

1.如果b是偶数,我们可以记k = a^2 mod c,那么求(k)^b/2 mod c就可以了。

2.如果b是奇数,我们也可以记k = a^2 mod c,那么求

((k)^b/2 mod c × a ) mod c =((k)^b/2 mod c × a) mod c 就可以了。

那么我们可以得到以下算法:

算法4:

int mod4(int x,int n,int mod)
{
int ans = 1;
x = x % mod;
if(n%2==1)
ans = (ans * x) % mod; //如果是奇数,要多求一步,可以提前算到ans中
int k = (x*x) % mod; //我们取a2而不是a
for(int i = 1; i<=n/2; i++)
{
ans = (ans * k) % mod;
}
ans = ans % mod;
return ans;
}

我们可以看到,我们把时间复杂度变成了O(n/2).当然,这样子治标不治本。但我们可以看到,当我们令k = (x × x) % mod 时,状态已经发生了变化,我们所要求的最终结果即为(k)^(n/2 ) % mod 而不是原来的(x^n) % mod ,所以我们发现这个过程是可以迭代下去的。当然,对于奇数的情形会多出一项x % mod ,所以为了完成迭代,当n是奇数时,我们通过

ans = (ans * x) % mod;来弥补多出来的这一项,此时剩余的部分就可以进行迭代了。

形如上式的迭代下去后,当b=0时,所有的因子都已经相乘,算法结束。于是便可以在O(log b)的时间内完成了。于是,有了最终的算法:快速幂算法。

算法5:快速幂算法

int mod5(int x,int n,int mod)
{
int ans = 1;
x = x % mod;
while(n>0)
{
if(n % 2 == 1)
ans = (ans * x) % mod;
n = n/2;
x = (x * x) % mod;
}
return ans;
}

本算法的时间复杂度为O(logn),能在几乎所有的程序设计(竞赛)过程中通过,是目前最常用的算法之一。

以下内容仅供参考:

扩展:有关于快速幂的算法的推导,还可以从另一个角度来想。

求解这个问题,我们也可以从进制转换来考虑:

将10进制的b转化成2进制的表达式:

那么,实际上,.例如:x^22=x^16 × x^4 × x^2;
(而22转换为二进制数是10110)

所以,注意此处的要么为0,要么为1,如果某一项,那么这一项就是1,这个对应了上面算法过程中b是偶数的情况,为1对应了b是奇数的情况[不要搞反了,读者自己好好分析,可以联系10进制转2进制的方法],我们从依次乘到。对于每一项的计算,计算后一项的结果时用前一项的结果的平方取余。对于要求的结果而言,为时ans不用把它乘起来,[因为这一项值为1],为1项时要乘以此项再取余。

当然,这里对于n的控制也可以用二进制的思想来比较好理解

算法6:

ll mod_pow(ll x,ll n,ll mod)
{
ll res=1;
while(n>0)
{
if(n&1)
res=res*x%mod;
x=x*x%mod;
n>>=1;
}
return res;
}
还可以递归来实现
算法6:
ll mod_pow1(ll x,ll n,ll mod)
{
if(n==0) return 1;
ll res=mod_pow1(x*x%mod,n/2,mod);
if(n&1) res=res*x%mod;
return res;
}

原博文:http://www.cnblogs.com/cmmdc/p/7203852.html