A.Price List
Sol
求和查询
Code
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<iostream>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N = 100005;
//LL v[N];
inline LL in(LL x=0,char ch=getchar()){ while(ch>'9'||ch<'0') ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();return x; }
int main(){
int T,n,m;LL tmp;
for(T=in();T--;){
n=in(),m=in(),tmp=0;
for(int i=1;i<=n;i++) tmp+=in();
// for(int i=1;i<=n;i++) v[i]=in();
for(int i=1;i<=m;i++){
if(in()>tmp) putchar('1');
else putchar('0');
}putchar('\n');
}return 0;
}
B.NanoApe Loves Sequence
Sol
统计出来前面最大的绝对值,后面最大的绝对值,然后枚举中间位置就可以了.
Code
#include<cstdio>
#include<iostream>
using namespace std;
const int N = 100005;
int T,n,a[N],p[N],q[N];
long long ans;
//inline int in(int x=0,char ch=getchar()){ while(ch>'9'||ch<'0') ch=getchar();
// while(ch>='0'&&ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();return x; }
inline int abs(int x){ return x<0?-x:x; }
int main(){
for(cin>>T;T--;){
// n=in();for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=in();
scanf("%d",&n);
memset(a,0,sizeof(a));
memset(p,0,sizeof(p));
memset(q,0,sizeof(q));
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]);
for(int i=2;i<=n;i++) p[i]=max(p[i-1],abs(a[i]-a[i-1]));
for(int i=n-1;i;i--) q[i]=max(q[i+1],abs(a[i]-a[i+1]));
// for(int i=1;i<=n;i++) cout<<p[i]<<" ";cout<<endl;
// for(int i=1;i<=n;i++) cout<<q[i]<<" ";cout<<endl;
ans=q[2]+p[n-1];
for(int i=2;i<n;i++) ans+=max(abs(a[i-1]-a[i+1]),max(p[i-1],q[i+1]));
cout<<ans<<endl;
}
return 0;
}
C.NanoApe Loves Sequence Ⅱ
Sol
枚举左端点,做尺取法就可以了.
Code
#include<cstdio>
#include<iostream>
using namespace std;
int p[200005];
int n,m,k;
int T,x;
long long ans;
int main(){
int i,j;
scanf("%d",&T);
while(T--){
ans=0;
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
for(i=1;i<=n;i++){
scanf("%d",&x);
if(x>=m) p[i]=1+p[i-1];
else p[i]=p[i-1];
}
for(i=1,j=1;i<=n;i++){
for(;p[j]-p[i-1]<k&&j<=n;j++);
ans+=n-j+1;
}cout<<ans<<endl;
}return 0;
}
D.Keep In Touch
Sol
DAG上的DP.
注意输入的时候 \(u<v\) 这就保证了是一个有向无环图,我当时没注意,一直在想有环怎么做.
\(f[i][j][k]\) 表示第1个人第2个人第3个人的位置分别为 \(i\) , \(j\) ,\(k\) 的方案数.
然后直接DP是 \(O(n^6)\) ,加一维表示当前考虑到了第 \(p\) 个人.
注意转移的时候只需要判断第1个人是否合法就可以了,因为第2.3个人还没有走到相应的位置.
Code
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<vector>
#include<iostream>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N = 55;
const LL Mo = 998244353;
int T,n,m,K,q;
int w[N];
LL f[N][N][N][4];
vector<int> g[N];
inline int in(int x=0,char ch=getchar()){ while(ch>'9'||ch<'0') ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();return x; }
inline int abs(int x){ return x<0?-x:x; }
inline int check(int a,int b,int c){
if(abs(w[a]-w[b])>K||abs(w[a]-w[c])>K||abs(w[b]-w[c])>K) return 0;
return 1;
}
int main(){
// freopen("in.in","r",stdin);
for(T=in();T--;){
memset(f,0,sizeof(f));for(int i=0;i<N;i++) g[i].clear();
n=in(),m=in(),K=in(),q=in();
for(int i=1;i<=n;i++) w[i]=in();
for(int i=1,u,v;i<=m;i++) u=in(),v=in(),g[u].push_back(v);
for(int i=n;i;i--) for(int j=n;j;j--) for(int k=n;k;k--){
f[i][j][k][1]=1;
for(int p=0;p<g[i].size();p++) f[i][j][k][1]=(f[i][j][k][1]+f[g[i][p]][j][k][3])%Mo;
for(int p=0;p<g[j].size();p++) f[i][j][k][2]=(f[i][j][k][2]+f[i][g[j][p]][k][1])%Mo;
for(int p=0;p<g[k].size();p++) f[i][j][k][3]=(f[i][j][k][3]+f[i][j][g[k][p]][2])%Mo;
if(!check(i,j,k)) f[i][j][k][1]=0;
}
// for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) for(int k=1;k<=n;k++)
// cout<<i<<" "<<j<<" "<<k<<"-->"<<f[i][j][k][1]<<" "<<f[i][j][k][2]<<" "<<f[i][j][k][3]<<endl;
for(int i=1,x,y,z;i<=q;i++){
x=in(),y=in(),z=in();
printf("%I64d\n",f[x][y][z][1]);
}
}return 0;
}
E.Price List Strike Back
Sol
考虑对序列的分治,
\(Solve(l,r,L,R)\) 表示处理左右端点在 \([l,r]\) 中的问题 \([L,R]\) .
分三种情况 \(r_i<=mid\) \(l_i>mid\) \(l_i<=mid<r_i\)
对于前两种情况我们扔到 \(Solve(l,mid)\) 和 \(Solve(mid+1,r)\) 中处理.
跨过中间点 \(mid\) 的方案数可以用背包在 \(O(100(r-l+1))\) 的时间内处理出来.
\(f[i][j]\) 表示从 \(i\) 到 \(mid\) 得到 \(j\) 的最长的最短距离.
\(g[i][j]\) 表示从 \(mid+1\) 到 \(i\) 得到 \(j\) 的最长的最短距离.
然后统计就是
\(c_i=min(c_i,max(f[l_i][j],g[r_i][s_i-j]))\)
复杂度 \(O(nlogn+m)\)
PS:数组开小 T掉了...
Code
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<iostream>
using namespace std;
const int N = 20005;
const int QM = 100005;
const int M = 105;
const int INF = 0x7f7f7f7f;
#define mid ((l+r)>>1)
#define lc (o<<1)
#define rc (o<<1|1)
#define debug(a) cout<<#a<<"="<<a<<" "
int T,n,m;
int w[N],d[N];
struct Q{ int l,r,s,c,id; }q[QM],tmp[QM];
bool operator < (const Q &a,const Q &b){ return a.id<b.id; }
int f[N][M],g[N][M];
int ans[QM];
inline int in(int x=0,char ch=getchar()){ while(ch>'9'||ch<'0') ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();return x; }
void Solve(int l,int r,int L,int R){
if(L>R) return;
if(l==r){
if(L<=R) for(int i=L;i<=R;i++) ans[q[i].id]=(w[l]!=q[i].s||d[l]>q[i].c)?1:0;
return;
}
int h1=L;
for(int i=L;i<=R;i++) if(q[i].r<=mid) tmp[h1++]=q[i];
int h2=h1;
for(int i=L;i<=R;i++) if(q[i].l<=mid&&q[i].r>mid) tmp[h2++]=q[i];
int h3=h2;
for(int i=L;i<=R;i++) if(q[i].l>mid) tmp[h3++]=q[i];
for(int i=L;i<=R;i++) q[i]=tmp[i];
Solve(l,mid,L,h1-1),Solve(mid+1,r,h2,h3-1);
if(h2-h1<=0) return;
memset(f[mid],0x7f,sizeof(f[mid]));f[mid][w[mid]]=d[mid],f[mid][0]=0;
for(int i=mid-1;i>=l;i--) for(int j=100;~j;j--){
f[i][j]=f[i+1][j];
if(j>=w[i]&&f[i+1][j-w[i]]<INF) f[i][j]=min(f[i][j],max(f[i+1][j-w[i]],d[i]));
}
memset(g[mid+1],0x7f,sizeof(g[mid+1]));g[mid+1][w[mid+1]]=d[mid+1],g[mid+1][0]=0;
for(int i=mid+2;i<=r;i++) for(int j=100;~j;j--){
g[i][j]=g[i-1][j];
if(j>=w[i]&&g[i-1][j-w[i]]<INF) g[i][j]=min(g[i][j],max(g[i-1][j-w[i]],d[i]));
}
for(int i=h1;i<h2;i++){
for(int j=0;j<=q[i].s;j++) ans[q[i].id]=min(ans[q[i].id],max(f[q[i].l][j],g[q[i].r][q[i].s-j]));
if(ans[q[i].id]>q[i].c) ans[q[i].id]=1;else ans[q[i].id]=0;
}
}
int main(){
// freopen("in.in","r",stdin);
// freopen("out.out","w",stdout);
for(T=in();T--;){
n=in(),m=in();
for(int i=1;i<=n;i++) w[i]=in();for(int i=1;i<=n;i++) d[i]=in();
for(int i=1;i<=m;i++) q[i].l=in(),q[i].r=in(),q[i].c=in(),q[i].s=in(),q[i].id=i,ans[i]=INF;
Solve(1,n,1,m);
for(int i=1;i<=m;i++) putchar(ans[i]+'0');putchar('\n');
}return 0;
}