【BZOJ4883】[Lydsy2017年5月月赛]棋盘上的守卫
Description
在一个n*m的棋盘上要放置若干个守卫。对于n行来说，每行必须恰好放置一个横向守卫；同理对于m列来说，每列
必须恰好放置一个纵向守卫。每个位置放置守卫的代价是不一样的，且每个位置最多只能放置一个守卫，一个守卫
不能同时兼顾行列的防御。请计算控制整个棋盘的最小代价。
Input
第一行包含两个正整数n,m(2<=n,m<=100000,n*m<=100000)，分别表示棋盘的行数与列数。
接下来n行，每行m个正整数
其中第i行第j列的数w[i][j](1<=w[i][j]<=10^9)表示在第i行第j列放置守卫的代价。
Output
输出一行一个整数，即占领棋盘的最小代价。
Sample Input
3 4
1 3 10 8
2 1 9 2
6 7 4 6
1 3 10 8
2 1 9 2
6 7 4 6
Sample Output
19
HINT
在(1,1),(2,2),(3,1)放置横向守卫，在(2,1),(1,2),(3,3),(2,4)放置纵向守卫。
HINT
在(1,1),(2,2),(3,1)放置横向守卫，在(2,1),(1,2),(3,3),(2,4)放置纵向守卫。
题解：从来没想过KM的时间复杂度能完虐费用流~
将 行、列 和 格点 分成两个集合，集合间连边，边权就是该格点的费用，然后将边权变成相反数，用KM跑最大匹配，最后再将答案取相反数就行了
考场上写(chao)的zkw费用流被虐暴了
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
using namespace std;
typedef long long ll;
int n,m,now,cnt;
ll ans,temp;
int va[200010],vb[200010],to[200010],next[200010],head[200010],from[200010];
ll la[200010],lb[200010],val[200010];
int rd()
{
int ret=0; char gc=getchar();
while(gc<'0'||gc>'9') gc=getchar();
while(gc>='0'&&gc<='9') ret=ret*10+gc-'0',gc=getchar();
return ret;
}
void add(int a,int b,int c)
{
to[cnt]=b,val[cnt]=c,next[cnt]=head[a],head[a]=cnt++;
}
int dfs(int x)
{
va[x]=now;
for(int i=head[x];i!=-1;i=next[i])
{
if(vb[to[i]]!=now)
{
if(!(la[x]+lb[to[i]]-val[i]))
{
vb[to[i]]=now;
if(!from[to[i]]||dfs(from[to[i]]))
{
from[to[i]]=x;
return 1;
}
}
else temp=min(temp,la[x]+lb[to[i]]-val[i]);
}
}
return 0;
}
int main()
{
n=rd(),m=rd();
int i,j,a;
ll b;
memset(head,-1,sizeof(head));
memset(la,0x80,sizeof(la));
for(i=1;i<=n;i++)
for(j=1;j<=m;j++)
a=(i-1)*m+j,b=-rd(),add(i,a,b),la[i]=max(la[i],b),add(j+n,a,b),la[j+n]=max(la[j+n],b);
for(i=1;i<=n+m;i++)
{
while(1)
{
now++;
temp=1ll<<60;
if(dfs(i)) break;
for(j=1;j<=n+m;j++) if(va[j]==now) la[j]-=temp;
for(j=1;j<=n*m;j++) if(vb[j]==now) lb[j]+=temp;
}
}
for(i=1;i<=n+m;i++) ans+=la[i];
for(i=1;i<=n*m;i++) ans+=lb[i];
printf("%lld",-ans);
return 0;
}