题目大意:
一共有N (1 ≤ N ≤ 1,000)个电线杆,有P P (1 ≤ P ≤ 10,000)对电线杆是可以连接的,
用几条线连接在一起的电线杆之间都可相互通信,现在想要使得电线杆1和电线杆N能相互通信,
并且电线公司提出KK (0 ≤ K < N)条电线是可以免费使用的,
当使用电线的数量超过K条,超出的电线要收费,
收的总费用为去掉免费使用的K条电线之后最长的那条电线的长度。
问最少费用是多少
Input
* Line 1: Three space-separated integers: N, P, and K
* Lines 2..P+1: Line i+1 contains the three space-separated integers: Ai, Bi, and Li
Output
Line 1: A single integer, the minimum amount Farmer John can pay. If it is impossible to connect the farm to the phone company, print -1.
Sample Input
5 7 1
1 2 5
3 1 4
2 4 8
3 2 3
5 2 9
3 4 7
4 5 6
Sample Output
4
/*
这题二分猜测答案 用最短路dijkstra验证 验证 猜测的mid是1~N的最短路中第k+1大的花费
用dis[i]记录1到i点时 花费>= mid 的顶点数 //若1~N没有路 则dis[n]始终为初始值INF
//则二分猜测的答案始终正确 最终二分会被推到最右的点
即无路 输出-1 //若1~N有路但小于k+1条 则dis[n]始终<k+1
//则二分猜测的答案始终错误 最终二分会被推到最左的点
即无花费 输出0 */ #include <bits/stdc++.h>
#define INF 0x3f3f3f3f
using namespace std;
struct NODE
{ /// 要放在vector里 需要重载小于号 按 val即花费 升序排序
int to,val; // 到to点 花费val
bool operator<(const NODE& x) const
{ return val < x.val; }
};
vector <NODE> vec[];
int n,p,k,vis[],dis[];
bool dijk(int mid)
{
for(int i=;i<=n;i++)
vis[i]=, dis[i]=INF; priority_queue <NODE> q; ///优先队列自动升序排序
NODE e; e.to=,e.val=;
q.push(e); dis[]=; while(!q.empty())
{
e=q.top(); q.pop();
vis[e.to]=;
vector <NODE> ::iterator it;
for(it=vec[e.to].begin();it!=vec[e.to].end();it++)
{
NODE tmp=*it;
if(vis[tmp.to]) continue;
int nowv=dis[e.to]+ (tmp.val>=mid ? :);
/// tmp.val>=mid的话 说明在这条路上 到顶点tmp.to的路大于猜测值
/// 则dis[该点]为dis[上一点]+1 否则+0 先用nowv记录 /// 与答案mid相等的也记录下来 若mid为正确答案 则恰好为第k+1个
/// 可能有多个花费等于mid 所以判断dis[n]>=k+1 if(dis[tmp.to]>nowv)
{/// 之前记录过的比nowv大 说明nowv所在的这条才是较短的路
dis[tmp.to]=nowv;
vis[tmp.to]=;
q.push(tmp);
}
}
}
//printf("%d\n",dis[n]);
return dis[n]>=k+;
}
int main()
{
while(~scanf("%d%d%d",&n,&p,&k))
{
for(int i=;i<=n;i++)
vec[i].clear(); NODE e;
while(p--)
{
int a,b,c;
scanf("%d%d%d",&a,&b,&c);
e.to=b, e.val=c;
vec[a].push_back(e);
e.to=a, e.val=c;
vec[b].push_back(e);/// 无向图邻接表
} int le=,rig=,ans=-;
while(le<=rig)
{// 二分答案 mid为猜测值 进入dijk()验证 mid是不是第k+1条路
int mid=(le+rig)/;
if(spfa(mid)) le=mid+, ans=mid; ///mid在k个之后(太小或恰好)
else rig=mid-; ///mid在k个之内(太大) 缩小范围继续验证
}
if(ans>) ans=-; /// 说明dis[n] 一直在k个之后
if(rig<) ans=; /// 说明dis[n] 一直在k个之内
printf("%d\n",ans);
} return ;
}