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看到题目的第一反应当然是暴力：对于串s建后缀自动机，每次询问中，求w对应的子串在s的SAM中的right集合。O(qmk)听上去显然过不了。
数据范围有个∑w<=1e5，也就是说，q*k<=1e5，当q更小或k更小时可以用不同的方法。
k更小时，会发现每个w的子串数可能会很小，子串数可能还没m多。这个时候将m个[li,ri]的询问可能会有重复的，所以可以用vector存一下对于每一个[L,R]，满足li=L且ri=R的询问的编号是哪些。求出w对于每个[L,R]有多少个满足li=L且ri=R的询问的编号在[a,b]（可以用vector自带的lower_bound），和w[L,R]在s中的出现次数。这样，时间复杂度是O(q*log m*k2)。
q更小时，对于每个w可以求出它的每个[1,i]的前缀会匹配到s的SAM的哪个点（记作pla[i]）、能匹配s多长。SAM中的每个点的fail指针指向的点都是它的后缀。所以对于每个w[li,ri]，可以先走到pla[ri]，再倍增地顺着fail指针走。时间复杂度是O(q*m*log k)。
听说代码很难调？
#include <bits/stdc++.h>
#define rep(i,x,y) for(register int i=(x);i<=(y);++i)
#define dwn(i,x,y) for(register int i=(x);i>=(y);--i)
#define re register
#define LL long long
#define maxn 200010
#define block 333
using namespace std;
inline LL read()
{
LL x=0,f=1;
char ch=getchar();
while(isdigit(ch)==0 && ch!='-')ch=getchar();
if(ch=='-')f=-1,ch=getchar();
while(isdigit(ch))x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();
return x*f;
}
inline void write(LL x)
{
LL f=0;char ch[20];
if(!x){puts("0");return;}
if(x<0){putchar('-');x=-x;}
while(x)ch[++f]=x%10+'0',x/=10;
while(f)putchar(ch[f--]);
putchar('\n');
}
int ch[maxn][30],dis[maxn],ord[maxn],c[maxn],fa[maxn],cnt,rt,lst,anc[maxn][21];
int n,m,q,k,ql[maxn],qr[maxn],pla[maxn],lth[maxn];
LL r[maxn];
vector<int>to[block][block];
char s[maxn],w[maxn];
int gx(char c){return c-'a';}
void go(int & u,int & len, int x)
{
while(!ch[u][x]&&u)u=fa[u],len=dis[u];
if(ch[u][x])u=ch[u][x],++len;
else u=rt,len=0;
}
void extend(LL pos)
{
int x=gx(s[pos]),p=lst,np=++cnt;lst=np;dis[np]=pos;
for(;p&&!ch[p][x];p=fa[p])ch[p][x]=np;
if(!p)fa[np]=rt;
else
{
LL q=ch[p][x];
if(dis[q]==dis[p]+1)fa[np]=q;
else
{
LL nq=++cnt;dis[nq]=dis[p]+1;
memcpy(ch[nq],ch[q],sizeof(ch[q]));
fa[nq]=fa[q],fa[q]=fa[np]=nq;
for(;p&&ch[p][x]==q;p=fa[p])ch[p][x]=nq;
}
}
}
void getr()
{
for(int u=rt,i=1;i<=n;++i)u=ch[u][gx(s[i])],++r[u];
rep(i,1,cnt)c[dis[i]]++;
rep(i,1,n)c[i]+=c[i-1];
rep(i,1,cnt)ord[c[dis[i]]--]=i;
dwn(i,cnt,1)r[fa[ord[i]]]+=r[ord[i]];
}
void getfa(){rep(l,1,cnt){int i=ord[l];anc[i][0]=fa[i];rep(j,1,20)anc[i][j]=anc[anc[i][j-1]][j-1];}}
int main()
{
lst=rt=++cnt;
n=read(),m=read(),q=read(),k=read();
scanf("%s",s+1);
rep(i,1,n)extend(i);getr();
rep(i,1,m){ql[i]=read()+1,qr[i]=read()+1;if(k<=block)to[ql[i]][qr[i]].push_back(i);}
if(k<=block)
{
while(q--)
{
scanf("%s",w+1);
int a=read()+1,b=read()+1;LL ans=0;
rep(i,1,k)
{
int u=rt;
rep(j,i,k)
{
if(ch[u][gx(w[j])])
{
u=ch[u][gx(w[j])];
vector<int>::iterator L=lower_bound(to[i][j].begin(),to[i][j].end(),a);
vector<int>::iterator R=upper_bound(to[i][j].begin(),to[i][j].end(),b);
ans+=(R-L)*r[u];
}
else break;
}
}
write(ans);
}
}
else
{
getfa();
while(q--)
{
scanf("%s",w+1);
int a=read()+1,b=read()+1;LL ans=0;
for(int len=0,u=rt,i=1;i<=k;i++)go(u,len,gx(w[i])),lth[i]=len,pla[i]=u;
rep(i,a,b)
{
if(lth[qr[i]]<qr[i]-ql[i]+1)continue;
else
{
int u=pla[qr[i]];
dwn(j,19,0)if(dis[anc[u][j]]>=qr[i]-ql[i]+1)u=anc[u][j];
ans+=r[u];
}
}
write(ans);
}
}
return 0;
}