P3605 [USACO17JAN]Promotion Counting晋升者计数
题目描述
奶牛们又一次试图创建一家创业公司，还是没有从过去的经验中吸取教训--牛是可怕的管理者！
为了方便，把奶牛从 1 \(\cdots\) N(1 \(\leq\) N \(\leq\) 100, 000) 编号，把公司组织成一棵树，1 号奶牛作为总裁（这棵树的根节点）。除了总裁以外的每头奶牛都有一个单独的上司（它在树上的 “双亲结点”）。所有的第 i 头牛都有一个不同的能力指数 p(i)，描述了她对其工作的擅长程度。如果奶牛 i 是奶牛 j 的祖先节点（例如，上司的上司的上司），那么我们我们把奶牛 j 叫做 i 的下属。
不幸地是，奶牛们发现经常发生一个上司比她的一些下属能力低的情况，在这种情况下，上司应当考虑晋升她的一些下属。你的任务是帮助奶牛弄清楚这是什么时候发生的。简而言之，对于公司的中的每一头奶牛 i，请计算其下属 j 的数量满足 p(j) > p(i)。
输入输出格式
输入格式：输入的第一行包括一个整数 N。
接下来的 N行包括奶牛们的能力指数 p(1)⋯p(N). 保证所有数互不相同，在区间 1⋯109 之间。
接下来的 N−1 行描述了奶牛2⋯N 的上司（双亲节点）的编号。再次提醒，1 号奶牛作为总裁，没有上司。
输出格式：输出包括 N 行。输出的第 i 行应当给出有多少奶牛 i 的下属比奶牛i能力高。
一句话题意：给出一个树形结构，求每个节点其子树中节点权值比他大的个数。
如果树退化成链的话，那就是裸的求逆序对数，上树状数组。
接下来考虑树的情况，因为要求该节点与其子树中节点的大小关系，所以不难想到搞出一个DFS序，然后将DFS序看成序列，对上面的点每一次进行区间求和即可。
考虑我们现在要求节点i的答案，那么在树状数组里的一定是比i要大的，既然知道了这个顺序，那么就将每个节点按权值大小排序，每一次查询在DFS序里该点的dfn到dfn+size-1即可查询整个区间，用右端点减去左端点减一的位置的答案，即可得出此时的答案，再将现在这个点放进树状数组里，表示个数加一，去接着为权值更小的点的答案做贡献。
code：
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int wx=100017;
inline int read(){
int sum=0,f=1;
char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){
if(ch=='-')f=-1;
ch=getchar();
}
while(ch>='0'&&ch<='9'){
sum=(sum<<1)+(sum<<3)+ch-'0';
ch=getchar();
}
return sum*f;
}
struct e{
int nxt,to;
}edge[wx*2];
struct node{
int v,id;
friend bool operator < (const node& a,const node& b){
return a.v>b.v;
}
}a[wx];
int head[wx],size[wx],dfn[wx],ans[wx],sum[wx];
int n,num,tot,x;
void add(int from,int to){
edge[++num].nxt=head[from];
edge[num].to=to;
head[from]=num;
}
void dfs(int u){
dfn[u]=++tot;size[u]=1;
for(int i=head[u];i;i=edge[i].nxt){
int v=edge[i].to;
dfs(v);
size[u]+=size[v];
}
}
void update(int pos,long long k)
{
for(int i=pos;i<=n;i+=(i&-i)){
sum[i]+=k;
}
}
int query(int x){
long long re=0;
for(int i=x;i>=1;i-=(i&-i)){
re+=sum[i];
}
return re;
}
int main(){
n=read();
for(int i=1;i<=n;i++)a[i].v=read(),a[i].id=i;
for(int i=2;i<=n;i++){
x=read();add(x,i);
}
dfs(1);
sort(a+1,a+1+n);
for(int i=1;i<=n;i++){
ans[a[i].id]=query(dfn[a[i].id]+size[a[i].id]-1)-query(dfn[a[i].id]-1);
update(dfn[a[i].id],1);
}
for(int i=1;i<=n;i++)printf("%d\n",ans[i]);
return 0;
}