Problem：
n个人（偶数）排队，排两行，每一行的身高依次递增，且第二行的人的身高大于对应的第一行的人，问有多少种方案。mod 1e9+9
Solution：
这道题由1,2,5,14 应该想到Catalan数，但是我却花了两个小时去找递推式。
首先 Catalan数 ：
基本规律：1,2,5,14,42,132，..........
典型例题：
1、多边形分割。一个多边形分为若干个三角形有多少种分法。
C(n)=∑(i=2...n-1)C(i)*C(n-i+1)
2、排队问题：转化为n个人在第一行为0，第二行为1，则n个人的序列中，在1前面的所有0,1中，0的个数一定要大于1。
见：http://blog.****.net/vast_sea/article/details/8173362 。类似于下一个问题。
3、出入栈问题：问出入栈的方案数。
与上一个问题相似，转换为0 为入栈，1为出栈，则合法的出入栈方案有多少？
4,、括号匹配问题：n对括号有多少种匹配方式？类似于出入栈。
5、二叉树问题：n个节点的二叉树有多少种形式？
用T(i,j)表示 左节点 i 个，右节点 j 个。则根节点一定有一个，所以形式数为：T(0,n-1),T(1,n-2),T(2,n-3)....
f[n]=f[0]*f[n-1]+f[1]*f[n-2]+.....+f[n]*f[0]
其次，Catalan数问题解决后，我们用C(n)=C(n-1)*(4*n-2)/(n-1)求解（不要问我哪里来的，我也不知道）。然后就会发现一个问题：
A/BmodP 在数据大的情况下可能会出错，而A/BmodP肯定不等于AmodP/BmodP,这时就需要用到 逆元 了。
逆元：
ax≡1(mod P) -> ax mod P=1 mod P = 1 -> b/a*(ax) mod P == b/a mod P==b*x mod P
即 x 为a mod P的逆元。
求逆元的方式：
1、扩展欧几里得：
因为ax≡1(mod P)，所以ax-1=nP,即ax-1为P的倍数。所以移项得：ax-nP=1。然后由扩展欧几里得算法推出x的解。
扩展欧几里得算法推导：
设 ax1+by1=gcd(a,b) ∵gcd(a,b)=gcd(b,a%b) ∴bx2+(a%b)y2=ax1+by1
∵a%b=a-(a/b)*b ∴bx2+ay2-(a/b)*b*y2=ax1+by1
根据恒等定理：x1=y2; y1=x2-(a/b)*y2
这样我们可以用递归求解，直到 b==0，x=1，y=0。递归x2,y2求x1,y1.
代码：
void gcd(ll a,ll b,ll &d,ll &x,ll &y)
{
if (b==){
d=;x=;y=;
}
else {
gcd(b,a%b,d,y,x);y-=x*(a/b);//注意这里的y，x的区别，在递归的过程中，已经交换了x和y，所以为y-=x*(a/b);
}
}
2、费马小定理：
a^(p-1)≡1(mod P)
则： a*a^(p-2)≡1(mod P)
逆元：ax≡1(mod P)，则x为a^(p-2)，x为a mod P的逆元。可以由快速幂求得，但是如果数据大就太慢。
代码：
ll ksm(ll x)//快速幂
{
ll tmp=x,t=,k=P-;
while (k>){
if (k%) t=(t*tmp)%P;
k=k>>;
tmp=(tmp*tmp)%P;
}
return t;
}
void pre()
{
inv[]=;
for (int i=;i<=N;i++)//费马小定理求 逆
inv[i]=ksm(i);
}
这样，就可以A 了这道题。顺带复习了很多数论和递推知识。
代码：
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define P 1000000009
#define N 1000000
#define ll long long
using namespace std;
int t;
ll cat[N];
void gcd(ll a,ll b,ll &d,ll &x,ll &y)
{
if (b==){
d=;x=;y=;
}
else {
gcd(b,a%b,d,y,x);y-=x*(a/b);
}
}
ll inv(ll q,ll w)
{
ll d,x,y;
gcd(q,w,d,x,y);
return d==?(x+w)%w:-;
}
void pre()
{
cat[]=;
for (int i=;i<=N;i++)
cat[i]=cat[i-]*(*i-)%P*inv(i+,P)%P;
}
int main()
{
freopen("a.in","r",stdin);
freopen("a.out","w",stdout);
pre();
cin>>t;
while (t)
{
int n;
scanf("%d",&n);
printf("%I64d\n",cat[n/]);
t--;
}
return ;
}